【文档说明】《云南中考真题物理》2020年云南省中考物理试题有答案(word版).pdf，共(21)页，1.456 MB，由envi的店铺上传

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2020年云南省中考物理试卷一、单选题(本大题共8小题，共24.0分)1.在新冠肺炎疫情阻击战中，英雄的中国人民团结一心，勇敢坚毅，使疫情防治取得了阶段性的胜利。下列说法最符合实际的是()A.新冠病毒2019

−������������的直径约为0.1������B.测温枪的工作电压约为220VC.人体的正常温度约为37℃D.一只一次性医用口罩的重力约为1N2.2020年6月21日，在我国南方部分地区观测到了十分罕见的“金

边”日环食，这是观测天象、了解和研究太阳的好时机，也是全年最重要的天象之一。如图所示的光现象中，与该天象形成原理相同的是()A.水中倒影B.手影游戏C.放大镜把字放大D.雨后彩虹3.下列关于热现象的说法正确的是()A.固体很难被压缩，说明固体分子间无间隙B.内能和温度有关，0℃以上的物体才有内

能C.四冲程内燃机的做功冲程将内能转化为机械能D.扫地时尘土飞扬是因为分子在不停地做无规则运动4.如图所示，飞机的外壳、机翼、机尾、引擎的许多部件都是用硬铝做的。硬铝是在纯铝中加入少量的铜、镁、锰、硅、铁制成，克服了纯铝软的特点。下列说法错误的是()A.飞机所在高空的气温低，

气压高B.硬铝硬度大且密度较小，可以增加机体强度，减小飞机质量C.飞机起飞利用了“空气流速大的地方压强小”的原理D.飞机燃油属于不可再生能源5.2020年6月23日，我国完成了北斗全球卫星导航系统收官卫星的发射，全面建成了北斗系统。该

系统通过“星间链路”--也就是卫星与卫星之间的连接“对话”，为全球用户提供定位导航授时、全球短报文通信和国际搜救等服务。关于如图所示的情景。说法正确的是()A.北斗卫星绕轨道从近地点向远地点运行时，动能增大，势能减小B.星箭分离前，卫星相对于运载火箭是静止的C.北斗卫星绕轨道运行时受到平

衡力的作用D.卫星与卫星之间的连接“对话“利用了光纤通信6.小明家正在进行新房装修，需要安装一盏在一楼和二楼都能控制的楼梯灯，他设计了如图甲所示的电路，���1和���2是单刀双掷开关，图乙是已经安装的电能表。为保证安全用电，下列说法正确的是()A.若用电器消耗5������⋅ℎ的电能，电能

表的转盘转900转B.若熔断器的熔丝熔断了，可以用铁丝代替C.a端应该接零线，b端接火线D.a端应该接火线，b端接零线7.某型号动车组在到站前可以利用减速发电，原理是高速行驶的列车关闭电源后会继续向前运行，车上的电动机线圈随车轮一起转动，产生感应电流，并自动输入电网。这既

减少了机械磨损又保护了环境。如图中与此工作原理相同的是()A.司南B.电磁起重机C.扬声器D.话筒8.如图甲所示，虚线框内是由两个相同的滑轮安装成的滑轮组。利用该滑轮组提升质量为27kg的物体所用的拉力为100���.物体和绳子自由端的运动情况如图

乙所示。不计绳重和摩擦，则()A.拉力的功率为50WB.滑轮组中动滑轮重10NC.该滑轮组的机械效率为90%D.绳子自由端移动的速度为0.5���/���二、填空题(本大题共11小题，共23.0分)9.如图所示，端午赛龙舟，选手们奋力挥桨划

水使船快速前进。船桨属于______杠杆。岸上锣鼓喧天，加油呐喊声震耳欲聋。震耳欲聋指的是声音的______大。10.探究“固体熔化时温度的变化规律”和“水沸腾时温度变化特点”的实验装置如图所示。按规范要求调整

铁圈高度时______(选填“需要”或“不需要”)点燃酒精灯。晶体熔化和水沸腾过程中的共同特点是______。11.科技改变生活，大多数科技产品需要有半导体芯片的支持才能发展，目前领先全球的是5nm工艺芯片技术，5������=______���.利

用半导体材料可以制作发光二极管，简称���������.电流由正极经过LED流向负极时，LED发光；反之，电流不能从负极流向正极，LED不发光，这说明发光二极管具有______导电性。12.较轻的原子核结合成为较重的原子

核发生______(选填“核裂变”或“核聚变”)可以释放出巨大的核能，太阳的能量源自于这样的核反应。冬天的早晨大雾弥漫，太阳升起后浓雾渐渐散去，雾气消散是______(填物态变化名称)现象。13.我国

自主创新研发成功的全磁悬浮人工心胜为心衰患者带来重获新生的希望，被医学界亲切地称为“中国心”。若人工心脏推动血液流动的功率为1.6���，则每分钟心脏对血液做功______J.医生利用听诊器检查心脏的工作情况，说明

声音可以传递______。14.体温计采用水银作为测温物质而不用酒精是因为水银的______较小，相同条件下吸热升温快，能快捷、灵敏的测量体温。我国三峡大坝上下游水位差最高达113m，在上下游之间修建世界上最大的船闸，利用______原理确保船只平稳通行。15.释放化学能的过

程不断地发生在人体内，食物也是一种“燃料”，营养成分在人体细胞里与氧结合，提供细胞组织所需的能量。某原味夹心饼干的营养成分表上标有“每100g能量2035kJ”，小华吃了一块20g的这种饼干，进入体内的化学能是______J，其中的一部

分化学能转化为______能，以维持人体温度正常。16.歼−20是中国第五代隐身重型歼击机，其最大飞行速度为2.8马赫，即15℃空气中声速的2.8倍(15℃空气中声速340���/���)。歼击机以最大飞行速度飞行100s运动的路程为______�

��.通常，进入战斗状态前歼击机丢掉副油箱以减小惯性，使运动状态______(选填“容易”或“不容易”)改变。17.某实验小组探究“杠杆平衡条件”。实验前，杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆处于______(选填“平衡”或“不平衡”)

状态。另一实验小组利用小桌、砝码、海绵等物品在水平桌面上探究“影响压力作用效果的因素”后，又将图乙中的小桌和砝码放到桌面上，如图丙所示。比较乙、丙两种情况中小桌产生的压强���乙______���丙。18.如图所示，甲是某款电热水龙头，乙

是它的电路原理图。���1、���2是电热丝，���1=24���，���2=48���.通过旋转手柄使扇形开关S同时接触两个相邻触点实现冷水、温水、热水挡的切换。当开关S接触2、3触点时，水龙头放出的是______水。不考虑温度对电热丝

阻值的影响，水龙头在热水档位正常工作时电路消耗的功率是______W。19.如图所示，寒暑表测出的气温是______℃。三、作图题(本大题共2小题，共6.0分)20.如图所示，根据图中通电螺线管的磁感线方向，在括号中标出通电螺线管的N、S极和电源的正、负极。21.如图所示，画出物

体静止在斜面上时对斜面压力F的示意图。四、实验探究题(本大题共3小题，共22.0分)22.如图甲所示是小明同学测定额定电压为2.5���，额定功率不大于1W的小灯泡功率的实物连接图。(1)在小明连接好的电路中存在错误或不要之处，请你找出其中的两处：①_

_____；②______。(2)改正错误和不妥之处后，闭合开关，发现电流表和电压表均有示数，但小灯泡不亮，可能的原因是______(填写选项中的字母)。A.小灯泡短路B.连接小灯泡的导线接触不良C.滑动变阻器接

入电路的电阻过大(3)小明调节滑动变阻器，依次正确读取三组实验数据，随手写在了草稿纸上(如图乙所示)。如表是小明在老师指导下设计的记录数据及现象的表格，请你补出③处所缺的内容，分析数据后得到小灯泡的额定电流为______A，额定功率为_

_____W。次数小灯泡两端电压���/���通过灯丝电流���/���小灯泡的电功率���/���③______123(4)实验后，小明将一只5���的定值电阻与标有“20���1���”的滑动变阻器串联接在电压恒定为3V的电源上，请你帮小明计算出滑动变阻器消耗

的最大功率为______W。23.在一次物理兴趣小组活动中，某组同学给大家展示了“探究阻力对物体运动的影响”实验，如图所示。(1)实验中每次都使同一辆小车从斜面的______高度由静止自由滑下，目的是使小车到达水平面时具有相同的______。(2)按照图甲、乙、丙的顺序实验时记录的内容如表

：接触面材料小车受摩擦力情况小车在水平面运动的距离���/������毛巾大20.2棉布较大40.0木板小90.1分析表中内容，得到的实验结论是：在其他条件相同时，小车受到的摩擦力越小，运动的距离越______；进一步推理出的结论是：运动的小车不受阻力作用时，将______。早在300多年

前，意大利物理学家______就通过实验和科学推理的方法研究过“力和运动的关系”。本实验所运用的实验和科学推理的方法还可用于研究______(填写实验名称即可)。(3)上述实验除用到实验推理的方法外，还用到了控制变量法和_____

_法。(4)实验中若再添加一小木块，就可用图丙装置来探究“动能与速度的关系”。具体的操作是让同一小车从斜面的______由静止自由滑下，去撞击置于木板表面相同位置的木块并进行比较。24.现有如下器材：光具座、焦距为12.5������的凸透镜

、光屏、蜡烛、火柴。小明根据上述实验器材，进行了“探究凸透镜成像规律”的实验。(1)实验前应将蜡烛、凸透镜、光屏依次放到光具座上，把烛焰、凸透镜、光屏的中心大致调到______。为了验证凸透镜的焦距是否等于12.5������，小明把蜡烛和凸透镜放在如

图所示的刻度线处，把光屏移到光具座的______cm刻度线处，观察光屏上是否承接到等大、清晰的像。经验证，凸透镜的焦距准确。(2)实验进行一段时间后，发现光屏上烛焰的像上移了一段距离，在没有移动器材的

情况下，造成上述现象的原因是______。保持蜡烛、凸透镜的位置和高度不动，需将光屏______(选填“向上”或“向下”)移动，使烛焰的像呈现在光屏中央。(3)分别把蜡烛放在如图所示的A、B、C、D四个点对应的刻度线处，在______点能够在

光屏上承接到清晰、最大的烛焰的像，在______点所成像的性质与眼睛的相同。(4)实验结束后，小明又将一只眼镜片放在蜡烛与凸透镜之间且较靠近凸透镜，结果光屏上原来清晰的像变得模糊，将光屏远离凸透镜移动到某一位置时，光屏上又看到烛焰清晰的像，由此可知该眼镜片可用来矫正___

___眼(选填“近视”或“远视”)。五、计算题(本大题共1小题，共9.0分)25.如图甲所示，水平桌面上有个质量为2.5������，底面边长为0.5���的正方体水槽，水槽内有一实心球。逐渐往水槽内加水，球受到的浮力F与水深h的关系如图乙所示，水深ℎ

=7������时，球刚好有一半体积浸入水中。不考虑水槽厚度，水的密度为1.0×103������/���3，求：(1)实心球的体积和水深7cm时水槽底部受到的压强；(2)实心球的密度；(3)实心球刚好离开水槽底部时水槽对水平桌面的压强。六、综合题(本大题共2小题，共16.0分)26.

如图所示。电源电压6V恒定不变，���1阻值为15���，电流表量程为0～0.6���。(1)开关S、���1都闭合，滑片P不能移到a端的原因是会造成电路______(选填“通路”，“短路”或“断路”)；

(2)开关S闭合、���1断开时，求电流表示数；(3)开关S、���1都闭合时，为了电流表不超量程，求变阻器���2连入电路的最小阻值。27.某医院的全自动消毒柜能对医疗用品进行高温、高压、湿热灭菌消毒，部分参数如表。消毒柜中电磁继电器控制电加热器实现加热、保温自动切换

的原理图如图所示，R为热敏电阻，其电阻值随消毒柜内温度的升高而减小。消毒柜利用20kg、20℃的水正常工作50min可完成一次消毒。已知水的比热容为4.2×103���/(������⋅℃)。额定加热功率10kW水箱容量

100L工作温度120℃限压300kPa(1)求每次消毒时水温从20℃上升到工作温度水吸收的热量；(2)电加热器正常工作时，将水从20℃加热到工作温度的时间为16min。求电加热器加热的效率；(3)保温电阻是图中的______。答案和解析

1.【答案】C【解析】解：A、新冠病毒2019−������������的直径约为0.1������，故A错误。B、测温枪的工作电压约6～12���，故B错误。C、人体的正常温度约为37℃，符合实际，故C正确。D、一只一次性医用口罩的

质量约1���=0.001������，其重力约为：���=������=0.001������×10���/������=0.01���，故D错误。故选：C。首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于

选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。2.【答案】B【解析】解：日环食是由光的直线传播形成的。A、水

中的倒影属于平面镜成像，平面镜成像属于光的反射现象，与日环食的形成原理不同，故A不符合题意；B、手影游戏在墙上形成的影子是由于光的直线传播形成的，与日环食的形成原理相同，故B符合题意；C、放大镜把字放大，属于光的折射现象，与日环食的形成原理不同，故C

不符合题；D、雨后彩虹，是光的色散现象，是利用了光的折射，与日环食的形成原理不同，故D不符合题意。故选：B。光在自然界中存在三种光现象：(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；(2

)当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。本题考查几种常见的光现象，能利用光学的基本知识解释上述现象的形成原因是解决该题的关键。

3.【答案】C【解析】解：A、构成物质的分子间有间隙，分子之间存在斥力，所以固体难以被压缩，故A错误；B、一切物体都具有内能，0℃以上的物体也有内能，故B错误；C、四冲程内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，故C正确；D、扫地时尘土飞扬

是固体小颗粒的运动，不能说明分子在永不停息地做无规则运动，故D错误。故选：C。(1)分子间存在相互作用的引力和斥力；(2)一切物体都有内能，内能的大小与温度有关；(3)内内燃机的做功冲程将内能转化为机械能；(4)分子非常微小，是肉眼观察不到的。本题考查了对分子动理论、扩散现象、

原子结构、内能、热机的工作原理等知识的理解，所考查内容均为物理中的常见知识点，要求学生熟练掌握。4.【答案】A【解析】解：A、飞机所在高空的气温低，气压低，故A错误；B、硬铝硬度大且密度较小，硬度大可以增加机体强度，密度小在体积相同时可以减小飞机质量，故B正确；C

、飞机的机翼上方突起，下方平直。这样的结果决定了当飞机启动后，机翼上方空气流速快，空气压强小，空气压力方向向下；机翼下方空气流速慢，空气压强大，空气压力方向向上。两个压力形成一个向上的合力，当合力达到一定程度后，飞机就可以腾空而起。所以飞机升空利用了“空气流速大的

地方压强小”的原理，故C正确；D、从能源可否再生的角度看，飞机燃油是从石油中提炼出来的，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故D正确。故选：A。(1)大气压与海拔高度的关系：海拔越高，气压越低；(2)硬

度大密度较小，可以增加机体强度，减小飞机质量；(3)流体流速越大的位置，压强越小；(4)能在自然界源源不断的获得的是可再生能源；在短时间内不能在自然界获得补充的属于不可再生能源。此题主要考查学生对物质属性、流体压强与流速关系、能源分类的理解和掌握，难度不大，属于基础题。5.【答案】B【解析

】解：A、北斗卫星绕轨道从近地点向远地点运行时，卫星的质量不变，速度减小，动能减小，相对于地球的高度增加，重力势能增大，故A错误；B、星箭分离前，二者的位置是固定的，卫星相对于运载火箭并没有位置的变化，所以卫星相对于运

载火箭是静止的，故B正确；C、北斗卫星绕轨道运行时做圆周运动，运动状态不断改变，故受的力不是平衡力，故C错误；D、卫星与卫星之间的连接“对话“利用了卫星通信，不是光纤通信，故D错误。故选：B。(1)动能

大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，势能越大；(2)判断一个物体相对于另一个物体是运动还是静止的关键是看这两个物体间的位置有无变化，如果位置发生变化就说明是运动的，如果位置没有变化就说明是静止的；(3)物体受平衡

力的作用处于平衡状态；(4)卫星与卫星之间的连接“对话“利用了卫星通信。本题以北斗导航卫星为背景，考查了动能势能的影响因素、运动和静止相对性、平衡力以及卫星通信的等知识，是一道综合题。6.【答案】D【解析】解：A、3000�

��/������⋅ℎ表示每消耗1������⋅ℎ的电能，电能表的转盘转3000r，用电器消耗5������⋅ℎ的电能，则电能表转盘的转数：���=3000���/������⋅ℎ×5������⋅ℎ=1

5000���，故A错误；B、熔丝熔断后，不能用铁丝来代替，因为铁丝的电阻率小、熔点高，用铁丝代替保险丝，不能在电流过大时自动切断电路，故B错误；CD、为了安全，开关要接在火线、所控制的电灯之间，则由图可知a端应该接火线，b端接零线，

故C错误、D正确。故选：D。(1)3000���/������⋅ℎ表示每消耗1������⋅ℎ的电能，电能表转盘转3000r，据此求用电器消耗5������⋅ℎ的电能，电能表转盘的转数；(2)保险丝(熔丝)在电流过大时发热自动熔断，切断电路，从而起到保

护电路的作用，保险丝是采用电阻率大、熔点较低的铅锑合金制成的；(3)为了安全，开关要接在火线、所控制的电灯之间。本题考查了对电能表相关参数、保险丝的制作材料的理解、开关与所控制的电灯的连接方法，属于基础题目。7.【答案】D【解析】解：A、司南是一个磁体，它受

地磁场的作用，根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引来工作的，故A错误。B、电磁起重机主要部分是电磁铁，电视起重机是根据电流磁效应来工作的，故B错误。C、扬声器和电动机的原理相同，都是通电导体在磁场中受力而运动，故C错误。D、话筒和发电机的工作原理相同，原理是电磁感应，对着话筒

说话时，膜片振动带动闭合电路的一部分线圈在磁场中做切割磁感线运动，从而产生感应电流，故D正确。故选：D。闭合电路的一部分线圈在磁场中做切割磁感线运动，从而产生感应电流，叫电磁感应现象，找出下列各种器件的工作原理比较即可。电磁

联系包括三方面内容：电流磁效应、电磁感应、通电导体在磁场中受力而运动，要明确通电螺线管、发电机、电动机、动圈式话筒、电磁起重机、司南、扬声器等工作原理。8.【答案】C【解析】解：(1)由图乙可知，物体上升高度ℎ=2���时，绳子自由端移动距离���=6���

，由此可知，绳子的段数���=���ℎ=6���2���=3，物体重力：���=������=27������×10���/������=270���，不计绳重和摩擦，由���=1���(���+���动)可得，滑轮组中动滑轮重：���动=������−���=3×100��

�−270���=30���，故B错误；(2)由图可知，���绳=������=6���4���=1.5���/���；拉力的功率：���=���总���=���������=������=100���×1.5���/���=15

0���，故AD错误；(3)不计绳重和摩擦，该滑轮组的机械效率：���=���有用���总×100%=���ℎ������×100%=���3���×100%=270���3×100���×100%=90%，故C正确。故选：C。(1)首先根据物体和绳子自由端的运动情况确定

绳子的段数，然后根据���=1���(���+���动)可求得滑轮组中动滑轮重；(2)由���=������可求得绳子自由端移动的速度；利用���=���总���=���������=������可求得拉力的功率；(3)由���=���有用���总=���ℎ������=���3

���可求得该滑轮组的机械效率。本题考查了使用滑轮组时动滑轮重力、功率和机械效率的计算，能根据表中图象乙求出使用滑轮组承担物重的绳子股数是关键。9.【答案】费力响度【解析】解：(1)船桨和船沿接触的部分为支点，手施加的力

是动力，水给船桨的力是阻力，动力臂小于阻力臂，根据杠杆平衡条件知，动力大于阻力，所以船桨是费力杠杆。(2)“震耳欲聋”指的是声音的响度大。故答案为：费力；响度。(1)根据动力臂和阻力臂的大小关系判断省力杠杆还是费力杠杆。(2)乐音的三种特性：响度、音调和音色

。我们把人耳能感觉到的声音的强弱成为响度，其与物体振动幅度有关，振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小。本题考查了杠杆分类、声音的三个特征的区别，属于基础题目。10.【答案】需要吸热温度保持不变【解析】解：(1)因为酒精灯加热应用外焰加热，器材安

装顺序要按自下而上的原则，并且调节烧杯下铁圈的高度时，需要点燃酒精灯；(2)冰的熔化过程和水的沸腾过程具有的共同特点是吸热温度保持不变。故答案为：(1)需要；(2)吸热温度保持不变。(1)酒精灯加热应用外焰加热，组装器材要遵循自下而上的原则；(2)晶体熔化时吸热温度不变，水沸腾时吸

热、温度不变。本题考查水沸腾和冰熔化实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。11.【答案】5×10−9单向【解析】解：因为1������=10−9���，所以5������=5×10−9���；利用半导体材料可以制作发光二极管，简称LED

，电流由正极经过LED流向负极时，LED发光，为通路；反之，电流不能从负极流向正极，LED不发光，相当于断路，这说明发光二极管具有单向导电性。故答案为：5×10−9；单向。(1)长度单位间的换算关系是：1������=103���

=104������=105������=106������=109������=1012������；进行换算时，将数值看做倍数，然后依据单位之间的关系进行换算。(2)二极管具有单向导电性。本题综合考查了长度单位的换算、二极管的单向导电性，是对基础知识的

考查。12.【答案】核聚变汽化【解析】解：核聚变，两个较小的核合成一个较大的原子核，从而释放出能量，故较轻的原子核结合成为较重的原子核发生核聚变。雾气消散是小水珠变为水蒸气，属于汽化现象。(1)较轻的原子核结合成为较重的原子核发生核聚变，

氢弹就是运用核聚变释放能量，太阳的能量源自于这样的核反应；(2)物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸热。知道裂变和聚变的概念、汽化概念，可解答此题。13.【答案】96信息【解析】解：根据���=�����

�可得，心脏对血液做的功为：���=������=1.6���×60���=96���。医生利用听诊器检查心脏的工作情况，说明声音可以传递信息。故答案为：96；信息。(1)根据���=Wt求出心脏做的功；(2)声音可以传递信息，如：隆隆的雷声预示着一

场可能的大雨，“声呐”的利用、医用“B超”等；声音能够传递能量，如：利用声波来清洗钟表等精细的机械，“超声波碎石”等。本题考查功的计算和声与信息，关键是考查学生灵活应用所学物理知识的能力，难度不大。14.【答案】比热容连通器【解析】解：(1)体温计是

用水银作为测温物质，主要是因为水银比热容较小，质量相同的水银和其它物质相比，吸收相同的热量，水银的温度变化大，能快捷、灵敏的测量体温；(2)打开底部的阀门时，船闸与上游(或下游)上端开口，且底部连通，是一个连通器，水静止时水面相平，再打开闸门，船顺利通过，船闸是

利用连通器原理工作的。故答案为：比热容小；连通器。(1)水银的比热容小，质量相同的水银和其它物质相比，吸收相同的热量，水银的温度变化大；(2)上端开口、底部相连通的容器是连通器，连通器中装有同种液体静止时，液面是相平的。本题考查学生对比热容特性的理解、连通器原理的应用，属于基础

题目。15.【答案】4.07×105内【解析】解：吃一块净含量50g的上述巧克力获得的能量：���=2035������100���×20���=407������=4.07×105���。人类的活动需要的能量来自于食物的化学能，其中的一部分化学能转化为内能，以维持人体温度正常；另一部分化

学能转化为机械能。故答案为：4.07×105；内。(1)根据“每100g能量2035kJ”计算吃一块20g的这种饼干获得的能量，即进入体内的化学能。(2)人类的活动需要的能量来自于食物的化学能。本题考查了能量的转化，难度不大。判断是哪种能量转化成了另一

种能量的标准是：减小的转化为增多的。16.【答案】95200容易【解析】解：(1)根据题意可得，歼−20的最大飞行速度���=2.8马赫=2.8���声=2.8×340���/���=952���/���，根据���

=st可得，歼−20飞行100s运动的路程：���=������=952���/���×100���=95200���；(2)歼击机在进入战斗状态时要丢掉副油箱，这样做是为了减小质量，这样飞机的惯性会更小，使其运动状态易于改变。故答案为：9520

0；容易。(1)根据题意求出歼20的最大飞行速度，又知时间，利用速度公式计算路程；(2)惯性是物体保持原有运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关。本题考查了速度公式以及惯性知识的应用，知道惯性的大

小只与物体的质量有关是解决该题的关键。17.【答案】平衡=【解析】解：(1)杠杆处于静止状态，所以是平衡状态；(2)实验小组利用小桌、砝码、海绵等物品在水平桌面上探究“影响压力作用效果的因素”后，又将图乙中的小桌和砝码放到桌面上，如图丙所示。压强大小跟压力大小和受

力面积大小有关，压力相同，受力面积相同时，压强相同。所以���乙=���丙。故答案为：平衡；=。(1)静止状态和匀速转动都属于杠杆的平衡状态；(2)压强大小跟压力大小和受力面积大小有关，压力相同，受力面积相同时，压强相同；压强相同时，材料的

形变程度不同，所以根据压力的作用效果比较压强的大小时，还需要两接触面的材料相同。此题主要考查杠杆的平衡以及压力作用效果的影响因素的实验，考查了控制变量法和转换法在实验中的应用，这两种方法在物理实验中经常用到。18.【答案】温

3025【解析】解：(1)当开关S接触2、3触点时，只有电阻���1接入电路，电路的电阻最大，由���=������=���2���可知，电源的电压一定时，电路的电功率最小，水龙头放出的是温水；(2)当开关S接触3、4触点时，电阻���1和���2并联，电路的总电阻最小，总功

率最大，水龙头处于热水档，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻：���=���1���2���1+���2=24���×48���24���+48���=16���，水龙头在热水档位正常工作时电

路消耗的功率：���=���2���=(220���)216���=3025���。故答案为：温；3025。(1)根据开关位置的改变，判断出电路的连接情况，然后根据���=������=���2���判断功率的大小，由此可知其档位；(2)当开关S接触3、4触点时，电阻��

�1和���2并联接入电路，水龙头处于热水挡，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用���=������=���2���求出水龙头在热水档位正常工作时电路消耗的功率。本题考查了电功率公式和电功公式的灵活运用，分清水龙头处于

不同档位时电路的连接方式是关键。19.【答案】−3【解析】解：由图知：寒暑表分度值是1℃，液面在零刻度以下，其示数是−3℃。故答案为：−3。先确定寒暑表分度值，再根据液面位置读数。在对温度计进行读数时，要首先观察温度计的量程和分度值，并且视线要与温度计的液柱上表面相平。20.【答案】解：根

据磁体周围的磁感线都是从N极出发回到S极，可以判断通电螺线管的右端是N极，左端是S极。根据安培定则，用右手握住通电螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向N极，可以判断电流从螺线管的左端进入，从右端流出，可以判断电源的左端是正极，右端是负极

，如图所示：【解析】(1)磁体周围的磁感线都是从N极出发回到S极。(2)知道通电螺线管的磁极，根据安培定则判断电流方向，判断电源的正负极。对于通电螺线管的问题，知道电流方向、通电螺线管的磁极、小磁针、磁感线方向其中的任一者，都

能另外几者。21.【答案】解：压力的作用点在斜面上，从作用点起，垂直斜面画线段，在线段的末端画上箭头表示力的方向，如下图所示：【解析】斜面受到的压力的作用点在斜面上，从作用点起沿力的方向画线段，在线段的末端画出箭头表示力

的方向，最后标出力的符号。画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。22.【答案】电流表的正负接线柱接反了滑动变阻器没有按一上一下的原则串联在电路中C0.300.75亮度0.4

5【解析】解：(1)由电路图可知，电流表的正负接线柱接反了，滑动变阻器没有按一上一下的原则串联在电路中；(2)闭合开关，发现电流表和电压表均有示数，但小灯泡不亮，说明电路是通路且灯泡没有短路，灯泡不亮可能是由于滑

动变阻器接入电路的电阻过大，电路电流太小，灯泡的实际功率太小造成的；(3)由表格可知，测出小灯泡两端的电压和通过的电流，算出对应的电功率，同时还需要比较灯泡的亮暗；由灯泡两端的电压越大，通过的电流越大可知

，灯泡两端的电压为2.5���时通过的电流为0.30���，则灯泡的额定功率���=������=2.5���×0.30���=0.75���；(4)由题意可知，���1=5���的定值电阻与标有“20���1���”的滑动变阻器���2串联

接在电压恒定为���=3���的电源上，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流���=������1+���2，滑动变阻器的电功率：���2=���2���2=(������1+���2)2���2=���2(���1+���2)2���2=���2���12+2���1

���2+���22���2=���2���12−2���1���2+���22+4���1���2���2=���2(���1−���2)2���2+4���1，当���2=���1=5���时，滑

动变阻器消耗的功率最大，则���2=���24���1=(3���)24×5���=0.45���。故答案为：(1)①电流表的正负接线柱接反了；②滑动变阻器没有按一上一下的原则串联在电路中；(2)���；

(3)亮度；0.30；0.75；(4)0.45。(1)根据电表和滑动变阻器的正确使用进行解答；(2)电路电阻太大，电路电流很小，灯泡实际功率很小时，灯泡不发光；(3)测定小灯泡的额定功率时，应分别测出灯泡两端的电压和通过的电流，根据���=������求出实际功率，并比较灯泡的亮暗与实际功

率之间的关系；灯泡两端的电压越大，通过的电流越大，据此分析电流和对应的电流，利用���=������求出额定功率；(4)根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据���=������=���2���表示出滑动变阻器的电功率，然后求出其最大电功率。本题考查了电表和滑动变阻器的正确使用、电路现

象的判断、电功率的计算以及串联特点的应用等，要注意电路安全的情况下灯泡两端的电压越大时通过的电流越大。23.【答案】同一速度远永远运动下去伽利略声音传播条件的实验转换不同高度【解析】解：(1)实验中每次都使同一辆小车从斜面的同一高度由静止自由滑下，目的是使小车到达

水平面时具有相同的速度；(2)按照图甲、乙、丙的顺序实验时记录的内容如表：毛巾、棉布、木板粗糙程度变小，分析表中内容，得到的实验结论是：在其他条件相同时，小车受到的摩擦力越小，运动的距离越远；进一步推理出的结论是：运动的小车不受阻力作用时，将永远运动下去；早在300多年

前，意大利物理学家伽利略就通过实验和科学推理的方法研究过“力和运动的关系”。本实验所运用的实验和科学推理的方法还可用于研究真空不能传声；(3)上述实验中，除用到实验推理的方法外，因通过小车通过的距离长短表示

阻力的大小，还用到了控制变量法和转换法。(4)实验中若再添加一小木块，就可用图丙装置来探究“动能与速度的关系”。具体的操作是让同一小车从斜面的不同高度由静止自由滑下(到达水平面时的初速度不同)，去撞击置于木

板表面相同位置的木块并进行比较。故答案为：(1)同一；速度；(2)远；永远运动下去；伽利略；声音传播条件的实验；(3)转换；(4)不同高度。(1)根据控制变量法，实验中每次都使同一辆小车从斜面的同一高度由静止自由滑下，目的是使小

车到达水平面时具有相同的速度；(2)毛巾、棉布、木板粗糙程度变小，同一小车在粗糙程度越小的材料表面运动时受到的力越小，分析表中内容得到结论；据此得出推理出的结论；意大利物理学家伽利略就通过实验和科学推理的方法研究过“力和运动的关系”。在实验的基础下推理想象得出结论，研究声音传播条件的实验也用

到这种方法；(3)通过小车通过的距离长短表示阻力的大小，还用到了转换法；(4)根据转换法，小车动能的大小是通过推动木块运动的距离大小来表示的，木块运动的距离越长，小球对外做功越多，动能越大；动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与速度的

关系，控制质量相同，只改变速度大小(从不同高度由静止下滑)。本题探究阻力对物体运动的影响实验，考查控制变量法、转换法、推理法的运用和数据分析，同时也考查了动能与速度的关系实验。24.【答案】同一高度处

75.0蜡烛在燃烧过程中不断缩短，向下移动向上CA近视【解析】解：(1)实验前的规范操作是将蜡烛、凸透镜、光屏依次放到光具座上，并使它们的中心大致在同一高度处，这样像才能成在光屏中央；凸透镜焦距���=12.5������，当物距等于25.0

������时，像距也等于25.0������，小明把蜡烛和凸透镜放在如图所示的刻度线处，把光屏移到光具座的75.0������刻度线处，观察光屏上是否承接到等大、清晰的像。经验证，凸透镜的焦距准确。(2)蜡烛在燃烧过程中不断缩短，向下移动，光屏上的

像向上移动，要使像能够成在光屏中央，可向上移动光屏；(3)物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，把蜡烛放在如图所示的A、B、C、D四个点对应的刻度线处，在C点能够在光屏上承接到清晰、最大的烛焰的像；在A点所成像的性质与眼睛的相同，照相机是利用凸

透镜成倒立、缩小的实像来工作的；(4)当该眼镜放在蜡烛和凸透镜之间时，将光屏远离透镜移动时，才能在光屏上看到烛焰清晰的像，说明该眼镜对光线起发散作用，是凹透镜，由此可知该眼镜片可用来矫正近视眼。故答案为：(1)同一高度处；75.0；(2)蜡烛在燃烧过程

中不断缩短，向下移动；向上；(3)���；A；(4)近视。(1)为使像能成在光屏的中央，应调节凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度处；根据物距等于2f时，成倒立等大的实像特点得出凸透镜的焦距；(2)凸透镜成的实像是倒立的，像与物体的变化方向恰好相反

；(3)物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距；当���>2���时，成倒立、缩小的实像。像距���<���<2���，照相机、摄像机就是根据这个原理制成的；(4)凸透镜对光线具有会聚作

用，凹透镜对光线具有发散作用。掌握凸透镜成像的三种情况和应用：���>2���，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。2���>���>���，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。���<���，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜。25.【答案】解：(1)水

深ℎ1=7������时，球刚好有一半体积浸入水中，则���排1=���2，由图知此时受到的浮力���1=7.18���，根据阿基米德原理：���浮1=���水������排1=���水���×���2；实心球的体积：���=2���浮1���水���=2×7.18���1.0×10

3������/���3×10���/������=1.436×10−3���3；水深7cm时水槽底部受到的压强：���1=���水���ℎ1=1.0×103������/���3×10���/������×0.07���=700������；(2)水深ℎ1=7������时，球刚好有一半

体积浸入水中，由图知，当水深ℎ2≥10������时，球受到的浮力开始保持不变，因10������<2ℎ1=14������，故此时小球不再沉在容器底部，而是处于漂浮状态，由漂浮的特点，根据图乙，���=���浮2=12.9

6���，实心球的密度：���=������=���������=12.96���10���/������×1.436×10−3���3≈0.90×103������/���3；(3)由图知，当水深刚好等于10cm时，浮力不变，说明

此时实心球刚好离开水槽底部，这时水对容器底部产生的压强：���2=���水���ℎ2=1.0×103������/���3×10���/������×0.1���=1000������，���槽=���槽���=2.5������×10���/�

�����=25���，容器的底面积：���=0.5���×0.5���=0.25���2；水对容器底部产生的压力：���水=���2���=1000������×0.25���2=250���；以水槽为研究对象，其受到水的压力、

重力及支持面对其的支持力，根据力的平衡：���支=���压+���槽=250���+25���=275���；由力的相互性，水槽对水平桌面的压力为：���压=275���；实心球刚好离开水槽底部时水槽对

水平桌面的压强：���=���压���=275���0.25���2=1.1×103������。答：(1)实心球的体积为1.436×10−3���3；水深7cm时水槽底部受到的压强700Pa；(2)实心球的密度为≈0.90×103������/���3；(3)实心球刚好离

开水槽底部时水槽对水平桌面的压强为1.1×103������。【解析】(1)水深ℎ1=7������时，球刚好有一半体积浸入水中，由图知此时受到的浮力大小，根据阿基米德原理得出实心球的体积；根据���=���

水���ℎ求出水深7cm时水槽底部受到的压强；(2)水深ℎ1=7������时，球刚好有一半体积浸入水中，由图知，当水深ℎ2≥10������时，球受到的浮力开始保持不变，据此确定小球在水中的状态，由漂浮的特点，根据图乙得出小球的重力；根据���=������=��������

�求出实心球的密度；(3)当水深刚好等于10cm时，此时实心球刚好离开水槽底部，根据���=���水���ℎ得出这时水对容器底部产生的压强，根据���=������求出水对容器底部产生的压力；根据���槽=���槽���求出水槽的重力，以水槽为研究对象分析其受到的

力，根据力的平衡求出水槽受到的支持力，由力的相互性可知水槽对水平桌面的压力，根据���=���压���求出实心球刚好离开水槽底部时水槽对水平桌面的压强。本题重力、压强公式、���=������ℎ、密度公式、阿基米德原理、力的相互性的运

用，确定水深刚好等于10cm时的状态是关键。最后一问水对容器底部的压力实际上也等于水的重力与球的重力(球漂浮，浮力等于重力，结合力的相互性可得出)之和。本题综合性强，难度较大。26.【答案】短路【解析】解：(1)开关S、���1都闭合，两电阻并联，当滑片P移到a端时，变阻器连入电路的电阻为0，

会造成电路短路；(2)开关S闭合、���1断开时，为���1的简单电路，由欧姆定律，电流表示数：���=������1=6���15���=0.4���；(3)开关S、���1都闭合时，电流表测干路电流，通过���1的电流为0.4���不变，故通

过变阻器的最大电流为：���2=0.6���−0.4���=0.2���，由欧姆定律，变阻器���2连入电路的最小阻值：���2=������2=6���0.2���=30���；答：(1)短路；(2)开关S闭合、���1断开时，电流表示数为0.4���；(3)开关S、���1都闭合

时，为了电流表不超量程，变阻器���2连入电路的最小阻值为30���。(1)不经过用电器直接将电源两端连接起来，会造成电源短路，是不允许的；(2)分析开关S闭合、���1断开时电路的连接，由欧姆定律求出电流表示数；(3)分析开关S、���1都闭合时电路连接，通过���1的电流为不变，由并联

电路电流的规律可知通过变阻器的最大电流，由欧姆定律可知变阻器���2连入电路的最小阻值。本题考查短路的知识、并联电路的规律及欧姆定律的运用，要掌握。27.【答案】���2【解析】解：(1)每次消毒时20kg水温从20℃上升到工作温度水吸收的热量：���=��

����△���=4.2×103���/(������⋅℃)×20������×(120℃−20℃)=8.4×106���；(2)电加热器正常工作时的功率为10kW，电加热器正常工作时16min，消毒柜消耗的电能是：���=����

��=10×103���×16×60���=9.6×106���；电加热器加热的效率是：���=������=8.4×106���9.6×106���×100%=87.5%；(3)���为热敏电阻，因其电阻值随消毒柜内温度的升高(当升高到120℃时进入保温状态)而减小，由串联电阻的规律

，控制电路的电阻变小，由欧姆定律，电路的电流大，电磁铁磁性变强，衔铁被吸下，工作电路中���2连入电路中，故保温电阻是图中的���2。故答案为：(1)每次消毒时水温从20℃上升到工作温度水吸收的热量为8.4×106���；(2)电加热器加热的效率为87.5%；(3)���2。(1

)根据���=������△���求出20kg水温从20℃上升到工作温度水吸收的热量；(2)已知电加热器的额定功率，根据���=������得出电加热器消耗的电能；根据���=������×100%求出电加热器的

电加热效率；(3)根据题意，当热敏电阻升高到120℃时进入保温状态。由已知条件，根据串联电阻的规律分析控制电路的电阻变化，由欧姆定律确定电磁铁磁性变化，确定工作电路的连接，据此回答。本题为电热综合题，考查吸热公式、电功公式及效率公式的运用和串联电

路的规律及欧姆定律与影响电磁铁磁性强弱的因素。关键是从题中获取有效的信息。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com