【文档说明】江苏省南京市中华中学2022-2023学年高三上学期期中物理试题 含解析.docx，共(22)页，5.355 MB，由envi的店铺上传

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物理2022.11注意事项：考生在答题前请认真阅读本注意事项1．本试卷包含选择题和非选择题两部分，考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效，全卷共15题，本次考试时间为75分钟，满分100分。2．答选择题必须用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，请用橡皮擦干净

后，再选涂其它答案，答非选择题必须用书写黑色宇迹的0.5毫米签字笔写在答题卡上的指定位置，在其它位置答题一律无效.一、单项选择题：本大题共10小题，每小题4分，共计40分。每小题只有一个选项符合题意。1.某次飞行表演

时的画面如图所示，五架飞机保持队形不变飞过观众上方，下列判断正确的是（）A.选地面为参考系，飞机是静止的B.选编队中某飞机为参考系，编队中其它飞机是运动的C.研究飞机的飞行轨迹时，可将其视为质点D.研究飞机所受的空气阻力时，可将其视为质点【答案】C【解析】【详解】A．选地面为参考系，飞机相对于

地面的位置发生变化，飞机是运动的，故A错误；B．五架飞机保持队形不变飞过观众上方，选编队中某飞机为参考系，编队中其它飞机相对于这架飞机位置不变，则编队中其它飞机是静止的，故B错误；C．研究飞机的飞行轨迹时，飞机的形状和大小对研究的影响可以忽略，则可作为质点，故C正确

；D．研究飞机所受的空气阻力时，飞机的形状和大小对研究的影响不能忽略，故不可以作为质点，故D错误。故选C。2.电动自行车依靠后轮的电机驱动行驶，在加速骑行的过程中，后轮受到地面的摩擦力为1f，断开电源后，电瓶车靠惯性继续前行，后轮受到地面的摩擦力为2f，则下列说法正确的是（）A.1f的

方向向前，2f的方向向后B.1f的方向向后，2f的方向向前C.1f的方向向后，2f的方向向后D.1f的方向向前，2f的方向向前【答案】A【解析】【详解】电动自行车依靠后轮电机驱动行驶，在加速骑行的过程中，后轮会向前加速转动，说明后轮相对于地

面有向后的转动趋势，摩擦力方向与运动趋势方向相反，则摩擦力方向向前；断开电源后，电瓶车靠惯性继续前行，后轮相对于地面有向前的转动趋势，则摩擦力向后。故选A。3.举重是我国奥运会上传统优势项目．如图所示，举重运动员成功把196公斤杠铃举过头顶并保持静止一段时间，下列关于在杠铃保

持静止过程中的说法正确的是（）A.运动员此过程中处于超重状态B.杠铃所受合力的冲量为零C.运动员对杠铃做功不为零D.运动员的重力与地面对运动员的支持力是一对平衡力【答案】B【解析】【详解】A．举重运动员成功把196公斤杠铃举过头顶并保持静止一段时间，无加速度，合力为0，既

不超重也不失重，故A错误；B．杠铃处于静止状态，则所受合力为0，由冲量公式IFt=合可知合力的冲量为0，故B正确；C．杠铃处于静止状态，没有发生移动，位移0，则由公式WFs=可知，运动员对杠铃做功为零，故C错误；D．运动员和杠铃的重力与地面对运动员的支持力是一对平衡力，故D错误。的的为故选

B。4.为了合理利用空间资源，可将两个废弃的卫星变轨到同一椭圆轨道上围绕地球运动，如图所示，A卫星此刻处在近地点，B卫星此刻处在远地点，下列说法正确的是（）A.B卫星从远地点运动至近地点的过程中动能增加，势能减少B.A卫星从近地点运动至远地点的过程中机械能增加C.B卫星此刻所

受万有引力小于A卫星所受万有引力D.A卫星此刻的速度一定小于第一宇宙速度【答案】A【解析】【详解】A．B卫星从远地点运动至近地点的过程中，地球的引力对卫星做正功，则动能增加，势能减少，选项A正确；B．A卫星从近地点运动至远地点的过程中，只有地球引力做功

，机械能不变，选项B错误；C．两卫星的质量关系不确定，则不能比较万有引力大小关系，选项C错误；D．若A卫星所在位置正好等于地球半径，则过该位置的圆轨道的卫星的速度等于第一宇宙速度，则卫星从该圆轨道变轨到过A点的椭圆轨道要加速，则A卫星此刻的速度大于第一宇宙速度，选项D错误

。故选A。5.如图所示，小红同学把一个轻质乳胶气球充气到直径1.0m左右，以5m/s的速度水平投向小明间学，气球被原速率反弹。已知气球与小明同学接触时间约为0.1s，球内气体密度约31.3kg/m，则小明同学受到气球的平均冲击力约为（）A.1

36NB.68NC.34ND.17N【答案】B【解析】【详解】气球的质量约为33441.0()1.33.14()kg0.68kg3232dm==以气球为对象，根据动量定理可得()2Ftmvmvmv=−−=解得220

.685N68N0.1mvFt===可知小明同学受到气球的平均冲击力约为68N。故选B。6.两同学用手机上安装的声音秒表软件测量声速，声音秒表检测到第一次声音时开始计时，第二次声音时停止计时，如图所示，A、B、C、D在一条直线上，将两个手机放置在相距为x的B、C两点，一同学在A处拍

手一次、D处的同学听到声音后过了一段时间后也拍手一次，B、C两处的手机秒表计时值分别为1t和2t，则声速为（）A.122xtt−B.12xtt−C.122xtt+D.12xtt+【答案】A【解析】【详解】设声速

为v，D处的同学听到声音后过了Δt时间后也拍手，根据题意有12()CDxxttv+=+，22CDxttv=+联立可得122xttv−=解得122xvtt=−故选A。7.如图所示，竖直墙壁O处用光滑铰链铰接一轻质杆的一端，杆的另一端固

定一小球，轻绳的一端与小球相连，另一端悬于P点，杆与墙壁的夹角45°，绳与墙壁的夹角为30°，OAOC=．保持球的位置不变，绳的固定点由P点沿墙壁缓慢下移至A点过程中，下列关于轻绳对小球的拉力1F及轻质杆对小球的支持力2F的说法正确的是（）A.1F减小、2F不变B.

1F增大、2F增大C.1F减小、2F先增大后减小D.1F先减小后增大、2F增大【答案】D【解析】【详解】对小球受力分析，轻杆的支持力F2与细绳的拉力F1的合力与重力G等大反向，根据力的平行四边形定则可知，保持球的位置不变，绳的固定点由P点沿墙壁缓慢

下移至A点过程中1F先减小后增大、2F增大。故选D。8.水平粗糙地面上有两个质量和形状相同的物体A、B，A、B物体与地面的动摩擦因数分别为A、B且AB。将其组成如图甲、乙所示的结构，分别施加水平作用力1F、2F推动A、B物体沿水平方向

做匀速运动，运动过程中A、B始终保持相对静止，不计其它摩擦，下列说法正确的是（）A.1F大小等于2FB.1F大小小于2FC图甲中物体B可能不受摩擦力D.图乙中物体A可能不受摩擦力【答案】D【解析】【详解】AB．设两物体接触面与水平地面的夹角为，甲乙图中A、B物体间的作

用力分别为N1、N2，对甲图中两物体进行受力分析可得，对于A有1cosAmgNF+=11sinAAFFN=+对B物体有1cosBmgNF=+1sinBBFN=对乙图中两物体进行受力分析可得，对于A有'2cosAmgNF=+'22sinAAFFN=

+对B物体有'2cosBmgNF+='2sinBBFN=.综合可得()()11cosABABFmgN=++−()()22cosABBAFmgN=++−由AB可知12FF故AB错误；C．由上述分析可知，对于图甲中，若B不受摩擦力作用，则

B将做匀加速直线运动，故C错误；D．由上述分析可知，对于图乙中，当N2沿竖直方向的分量等于A的重力时，物体A可以不受摩擦力作用，此时F2大小等于物体B所受的摩擦力，故D正确。故选D。9.一物体静置在粗糙水平地面上，物体与地面的滑动摩擦力为0f。从0=t时刻开始对物体施加一方

向不变的水平力F，其大小随时间t变化如图所示。已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，a为物体的加速度，v为物体的速度，fI为物体所受摩擦力的冲量大小，FI为物体所受拉力的冲量大小，下列图像中正确的是（）A.B.C.D.

【答案】C【解析】【详解】A．对物体受力分析可知，在00t,时间段，物体处于静止状态，即物体加速度为0，时间继续增加，在0t以后，对物体受力分析得0000000ftfFftffatmmtmm−−===−则由数学知识可知图像为一次函数截距为负值，，故A错

误；B．在00t,时间段，物体处于静止状态，速度为0，物体在0t以后做加速度增加的加速运动，则速度时间图像的斜率增加，故B错误；C．在00t,时间段，物体所受摩擦力为静摩擦力，大小随F变化，则摩擦力冲量为20f

0fIftFttt===图像为抛物线，在0t以后物体处于运动状态，摩擦力为滑动摩擦力，则摩擦力冲量为f0Ift=图像为一次函数，故C正确；D．物体所受拉力的冲量为20F0fIFttt==图像为抛物线，故D错误。故选C。10.如图所示，一根长为L的轻杆的两

端分别固定小球A和B。轻杆可绕距A球为3L处的轴O在竖直平面内转动。初始时杆处于竖直位置，小球B恰好与水平光滑地面接触，在杆的左侧紧贴着B球为边长为3L的立方体滑块C，A、B、C的质量均为m，现用一水平恒力F作用于A球上，使之绕O轴顺时针转动，直到B转动

到C的右上角分离，设在此过程中C物块一直紧贴地面，不计一切摩擦，关于此过程，下列判断正确的是（）A.力F的功率先增大后减小B.分离之前C的动能始终小于A的动能C.力F做的功等于A、B重力势能和C的动能增量D.C的最大速度为3

18FLmgLm−【答案】D【解析】【详解】AC．用Av表示A球转过角时A球的速度大小，用Bv表示A球转过角时B球的速度大小，v表示此时立方体的速度大小，则Bcosvv=由于A与B的角速度相同，且3LOA=则23LOB=则AB12vv=根据能

量守恒定律可得222AB111221sin(cos)(cos)32332332LLLLFLmvmgmvmgmv=−−++−+解得A22sin2(1cos)3(54cos)FLmgLvm−−=+由几何关系可知转过的最大角度为60=

则力F的功率为AcosvPF=由数学知识可知,功率增加，故A错误；B．分离前C的动能为22kCA11(2cos)22Emvmv==分离前A的动能为2kAA12Emv=由数学知识可知角度转动的范围为060则12cos2可知kCkAEE故B错误；C．B与立方体弹力做功之和为

0，在整个过程中推力F所做的功等于球A、B和立方体机械能的增量，故C错误；D．当60=时，C速度最大为BA3cos2cos18FLmgLvvvm−===故D正确。故选D。二、实验探究题：本题共1小题，共计15分。请将解答填写在答题卡相应的

位置。11.某兴趣小组通过实验测量滑块和长木板之间的动摩擦因数，实验装置示意图如图甲所示，光电门固定在水平长木板的O点，不可伸长的细线一端连接滑块，另一端通过定滑轮连接钩码。实验步骤如下：①用天平测出钩码的质量m，滑块和遮光条的

总质量为M；②用游标卡尺测量遮光条的宽度d：③调整定滑轮使细线水平；④用刻度尺测出滑块左端到固定光电门的O点距离为L；⑤让滑块由静止释放，滑块在钩码的拉动下做加速运动，测出遮光条经过光电门所用的时间t；

⑥多次改变滑块的初始位置重复步骤④⑤，测出多组遮光条经过光电门的时间t和滑块左端到固定光电门的O点距离L；⑦根据上述实验数据作出图像，根据图像求出动摩擦因数。（1）某次测量中游标卡尺如图乙所示，其读数为__________mm；（2）

遮光条经过光电门的速度v为__________（用题目所给的字母表示）；（3）实验中得到的数据如下：实验次数123456L/m1.000.900.800.700.600.50222/msv−0.840.770.680.590.510.44m/kg0.050M/kg0.200重力加速

度g取29.8m/s，根据表格中的数据作出2vL−图像__________，由图像可求得动摩擦因数为__________（保留1位有效数字）；（4）某同学提出在L的测量中漏测了遮光条到滑块左端的距离，考虑此因素的影响，实验测量结果__________（填“大于”

、“小于”或“等于”）真实值。【答案】①.13.4②.dt③.④.0.2⑤.等于【解析】【详解】（1）[1]游标卡尺的读数为1340.1mm=13.4mmd=+（2）[2]dvt=（3）[3][4]由图可知，滑块做匀加速直线运动22vaL=22Δ0.4m/s2ΔvaL==对滑

块()mgMgMma−=+故()mgMmaMg−+=代入数据得0.2=（4）[5]设遮光条到滑块左端的距离为L，则根据匀变速直线运动的速度位移关系可知22()aLLv+=任取两个点211(,)Lv

和222(,)Lv代入计算得()2222121Δ22ΔvvvaLLL−==−（）故实验测量结果与真实值相等。三、计算题：本题共4小题，共计45分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只有最后答案不能得分。有数值计算的题，必须明确写出数值和单位。12.如图所示，

某机械装置控制板A在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动，经过时间s10t=转过的角度为30°，板A运动过程中始终保持水平方向，物体B置于板A上且与A始终保持相对静止。物体B的质量2kgm=，半径0.5mR=，取重力

加速度g为210m/s，sin370.6=，cos370.8=。（1）求物体B的线速度大小；（2）当物体B转动到与水平方向夹角为37°时，求此时物体B所受的支持力和摩擦力的大小。【答案】（1）5m/s6v=；（2）20N9f

=，N55N3F=【解析】【详解】（1）设物体B的线速度大小为v，由题意可得t=vR=可解得5m/s6v=（2）物体B做匀速圆周运动的加速度为a，由题意可知2aR=根据牛顿第二定律得cos37maf=Nsin37mgFma−=解得20N9f=N55N3F=13.如图所示，光滑水平地面上

放置一个光滑的14圆弧轨道，将一物块从圆弧轨道的最高点无初速度释放。物块质量m=1kg，圆弧轨道质量2kgM=，轨道半径为0.3mR=，圆弧轨道底端距离水平地面的高度0.2mh=，取重力加速度g为210m/

s。求：（1）物块离开圆弧轨道时的速度大小；（2）物块落地时，物块和圆弧轨道左端的水平距离。【答案】（1）2m/s；（2）0.6m【解析】【详解】（1）以向右为正方向，设物块的速度大小为1v，轨道的速度大小2v，由物块和轨道组成的系统水平方向动量守恒得210Mvmv−=由能量关系

22121122mgRmvMv=+可解得12m/sv=21m/sv=（2）离开轨道后，物块向左做平抛运动，轨道向右做匀速运动212hgt=12xvtvt=+可解得0.6mx=14.如图所示，一根轻质橡皮绳固定于O点，通过定滑轮A与质量为m的物块B相连接，物块B静止在A正下方的粗糙水平面上。OA

间距恰好为橡皮绳的原长，A到物块的距离为L，现对物块施加一个水平向右的恒力Fmg=的作用，物体立刻获得34g的初始加速度开始向右运动，g为重力加速度。物块与地面的动摩擦因数0.5=，橡皮绳产生的弹力满足胡克定律，物块B、定滑轮A可作为质点且不考虑其他摩擦。求：（1）橡

皮绳的劲度系数k；（2）物体向右运动到与初始位置相距为x时，其加速度a与x的关系式；（3）物体向右运动的最大速度mv。【答案】（1）2mgkL=；（2）342gagxL=−或322LxLag=−；（3）m324vgL=【解析】【详

解】（1）对B受力分析可知Ffma−=解得3144fFmamgmgmg=−=−=由于fN=由于竖直方向合力为零，则FNmg+=可得橡皮绳弹力为12Fmg=根据胡克定律FkL=解得2mgkL=（2）物块向右滑行到距离为x时，弹性绳长量为1L，绳与水平方向夹角为，可得()1sinfm

gkL=−由牛顿第二定律可得1cosFfkLma−−=由几何关系可得1cosLx=1sinLL=可解得342gagxL=−或者322LxLag=−（3）解法一：物体向右运动至最大速度时，加速度为

零，此时水平位移为32xL=弹力做功为303942216mgWLmgL+=−=−弹摩擦力为定值，做功为f38WmgL=−由动能定理可得2Ffm102WWWmv++=−弹解得m324vgL=解法二：物体向右运动至最大速度时，加速度为零，此时水平位移为32xL

=由（2）问可知ax−关系如图由运动学公式2202vvax−=可知22mvax=其中ax等于ax−图中图线与x轴围成的面积，即133924216axgLgL==由上可得m324vgL=15.如图所示，一水平面内放置的传送带，传送带区域为ABCD，长为1.2mL

=，宽为d=1m，点为AC的中点，传送带以速度03m/sv=匀速运动，小物块质量1kgm=，小物块与传送带的动摩擦因数为0.5=，取重力加速度g为210m/s。（1）小物块从传送带的A点无初速速释放，求小

物块从释放到运动到CD端的时间；（2）小物块从传送带P点向A点以某一水平速度射出时，小物块与传送带摩擦产生的热量可达到最大值，求此最大值；（3）小物块从传送带的A点以平于AB方向的速度4m/sv=射出，求小物块离开传送带时的位置。【答案】（1）0.

7s；（2）14.8J；（3）距离B点0.128m【解析】【详解】（1）摩擦力fmg=加速度为25m/sfam==小物块先加速到传送带速度0v，所用时间为1t010.6svta==加速位移为2110.9m<1.2m2xat==小物块之后做匀速运动，时

间为2t200.1sLxtv−==可得总时间为120.7sttt=+=总（2）小物块向A点射出后，恰好能从A点返回时，与传送带摩擦产生的热量最大，设射出的初速度为v，恰好到A点7222Lva=运动的时间为的03vta=此段产生的热量为1032LQfvt=+然后，小物块

反向加速到传送带速度此段产生的热量2201112Qfvtat=−可得热量最大值()127.536J14.8JQQQ=+=+（3）小物块射出后相对于传送带的运动方向如图,滑动摩擦力与相对运动方向相反可得2005m/svvv=+=相0xvaav=相yvaav=相由于00x

xyxavvatavvat−==−所以加速变a的方向不变，小物体的两个方向的加速度分量不变，由上可知，相对地面，小物体在v方向做匀减速直线运动，在AC方向做匀加速直线运动，设小物块从BD边射出，运动时间为t，由匀减速运动可知212yd

vtat=−可得21s2t=−此时沿AC方向的位移为21962m<1.2m24xxat−==假设成立；所以小物块从BD边射出，射出点距离B点962m0.128m4x−=获得更多资源请

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