【文档说明】辽宁省实验中学2024-2025学年高一上学期期中阶段测试物理试题 Word版含解析.docx，共(16)页，1.845 MB，由envi的店铺上传

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辽宁省实验中学2024～2025学年度上学期期中阶段测试高一年级物理试卷一、选择题（单选题每题4分，多选题每题6分，漏选得3分、错选不得分．1～7题为单选题，8～10题为多选题，共计46分．）1.如图所示

为伽利略研究自由落体运动规律时设计的斜面实验，他让铜球沿阻力很小的斜面从静止滚下，利用滴水计时记录铜球运动的时间，关于伽利略的“斜面实验”，下列说法正确的是（）A.伽利略测定了铜球运动的位移与时间，进而得出了速度随位移均匀增加的结论B.铜球在斜面上运动的加速度比自由落体下落的

加速度小，所用时间长得多，时间容易测量C.若斜面长度一定，铜球从顶端滚动到底端所需时间随倾角的增大而增大D.若斜面倾角一定，铜球沿斜面运动的位移与所用时间成正比【答案】B【解析】【详解】A．伽利略测定了铜球运动的位移与时间，进而

得出了位移x与t平方的成正比，就可以检验这个物体的速度是否随时间均匀变化，小球是否做匀变速运动，故A错误；B．在伽利略时代，没有先进的计时仪器，因此伽利略让小球从斜面上滚下来用来“冲淡”重力，铜球在斜面上运动的加速度比自由落体下落的加速度小，

所用时间长得多，时间容易测量．故B正确；C．若斜面长度一定，铜球从顶端滚动到底端所需时间随倾角的增大而减小，故C错误；D．他得到的结论是，若斜面倾角一定，铜球沿斜面运动的位移与所用时间的平方成正比，故D错误。故选B。考点：伽利略斜面实验2.物体沿一条直线运动，下列说法中正确的是（

）A.物体在某时刻的速度是3m/s，则物体在1s内一定运动了3mB.物体在某1s内的平均速度是3m/s，则物体在这1s内的位移一定是3mC.物体在某段时间内的平均速度是3m/s，则物体在1s内的位移一定是3

mD.物体在某段位移内的平均速度为3m/s，则物体在通过这段位移一半时的速度一定是1.5m/s【答案】B【解析】【详解】ACD、平均速度是描述运动物体在一段时间或一段位移内的运动快慢程度，物体在某时刻的速度是3m/s，则物体在1s内的平均速度不一定是3m/s，所以位移不一定是3m，同样某段

时间内的平均速度是3m/s，在1s内的平均速度也不一定是3m/s，所以位移也不一定是3m，在某一个位置的速度也不能确定，故ACD错误；B、物体在某1s内的平均速度是3m/s，则由xvt=可以计算出物体在这1s内的位移一定是3m，选项B正确．3.以从塔顶由静止释放

小球A的时刻为计时零点，0t时刻又在与小球A等高的位置处，由静止释放小球B。若两小球都只受重力作用，设小球B下落时间为t，在两小球落地前，从小球B下落开始，两球的高度差的变化为x，则0xtt−图线为（）A.B.C.D

.【答案】B【解析】【详解】A、B两球释放后都做自由落体运动，B球释放时，A球的速度为A0vgt=B下落t时间，A、B两球下落的距离分别是2AA12xvtgt=+2B12xgt=从小球B下落开始，两球的高度差的变化为22ABAA01122xxxvtg

tgtvtgtt=−=−=+=则0xgtt=所以0xtt−的图线为一条过原点倾斜的直线，斜率为g。故选B。4.一物体以某一初速度在粗糙的平面上做匀减速直线运动，最后静止下来。若物体在最初5s内通过

的路程与最后5s内通过的路程之比为s1∶s2=11∶5，若物体运动的加速度大小为a=1m/s2，则（）A.物体运动的时间可能大于10sB.物体在最初5s内通过的路程与最后5s内通过的路程之差为s1−s2=12.5mC.物体运动的时间为8sD.物体的初速度为10m/s【答案】C【解析】【详解】ACD

．最初5s内的路程21012svtat=−最后5s内的路程2212sat=12:11:5ss=解得物体的初速度为08msv=物体运动的时间08svta==选项AD错误，C正确；B．物体在最初5s内通过的路程与最后5

s内通过的路程之差为2212118515m15m15m22ss−=−−=选项B错误。故选C5.如图所示，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜劈B上，现同时用大小为F1和F2、

方向相反的水平力分别推木块A和斜劈B，它们均静止不动，则()A.F1、F2一定等大反向B.木块A、斜劈B间一定存在摩擦力C.斜劈B与地面间一定存在摩擦力D.地面对斜劈B的支持力的大小一定等于(M＋m)g【答案

】D【解析】【详解】A．对整体，水平方向可能有摩擦力，故F1、F2不一定等大反向，故A错误；B．对物体A，受重力mg、已知的推力F、斜面体B对A的支持力N′和摩擦力f，当推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量时，摩擦力为零，即物体A、B间不一定有摩擦力，故B错误；C．对整体，当F1=F2时，不受静摩

擦力，故C错误；D．对A、B整体受力分析，受到重力（M+m）g、支持力N和已知的两个推力，地面对整体可能有静摩擦力，根据平衡条件，竖直方向有：N=（M+m）g，故D正确；故选D．6.内壁光滑的球体半径为R，一长度小于直径的轻杆两端固定质量分别为mA、mB的小球A、B。将轻杆置于球体内部后。最终静止

在图示位置不动，球心O与轩在同一竖直平面内，过球心O竖直向下的半径与杆的交点为M，2ROM=。下列判断正确的是（）。A.ABmmB.球体内壁对A球的支持力AA2Nmg=C.轻杆对B球支持力有可能小于B球的重力D.若增大mA，θ角会增大【答案】B【解析

】【详解】A．假设两球质量相等，则杆应处于水平位置，现A位于B的下方，可知mA＞mB．故A错误；B．以A球为研究对象，A球受到重力mAg、球体内壁对A球的支持力NA、杆的压力F。由平衡条件知，mAg与FA的合力与NA等大、反向。运用平行四边形定则作出力的合成图如图。根据三角形相似得：AAN

mgOAOM=由OA＝R，OM2R=，解得NA＝2mAg故B正确；C．以B球为研究对象，分析其受力情况如图。根据几何知识有β＞α，则在图中，一定有FB＞mBg，即轻杆对B球的支持力一定大于B球的重力，故C错误；D．若增大mA，A球下降，θ角会减小，故D错误。故

选B。7.如图，半圆柱体Q放在水平地面上，表面光滑的圆柱体P放在Q和墙壁之间，Q的轴线与墙壁之间的距离为L，已知Q与地面间的动摩擦因数0.5=，P、Q横截面半径均为R，P的质量是Q的2倍，设最大静摩擦力

等于滑动摩擦力。P、Q均处于静止状态，则（）的A.L越大，P、Q间的作用力越大B.L越大，P对墙壁的压力越小C.L越大，Q受到地面的摩擦力越小D.L的最大值不能超过2R【答案】A【解析】【详解】A．对P受力分析，受力如图，设Q对P的

弹力与竖直方向夹角为θ，则根据平衡知，Q对P的作用力PcosmgF=根据几何关系知sin2LRR−=L越大，sinθ越大，cosθ越小，则F越大，故A正确。B．根据平衡知，墙壁对P的弹力N1=mPgtanθL越大，sinθ越大，tanθ越大，墙壁对P的弹力越大，根据牛顿第三定律知，P对墙壁的

压力越大，故B错误。C．对整体分析，整体在水平方向受到墙壁的弹力和地面的摩擦力，可知Q受到地面的摩擦力等于墙壁对P的弹力，L越大，弹力越大，则摩擦力越大，故C错误。D．对整体分析知，地面对Q的摩擦力f=N1=mPgtanθ要使P、Q均处于静止状态，有f

≤μ（mP+mQ）g根据几何关系有()22tan4LRRLR−=−−联立解得115RL故D错误。故选A。8.如图，一质量为m的滑块静止置于倾角为30的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上，弹簧与斜面垂直，则（）A.

滑块不可能只受到三个力作用B.弹簧可能处于伸长状态C.斜面对滑块的支持力大小可能为零D.斜面对滑块的摩擦力大小一定等于12mg【答案】BD【解析】【详解】A．弹簧的方向垂直于斜面，因为弹簧的形变情况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个

力的作用而平衡，此时弹簧弹力为零，处于原长状态，故A错误；B．如果弹簧处于伸长状态物体受重力、支持力、静摩擦力和弹簧的拉力，是可能平衡的，故B正确；C．若斜面对滑块的支持力大小为零，则摩擦力为零，物块不可能处于平衡状态，选项C错误；

D．根据平衡条件，在平行斜面方向平衡，一定有f=mgsin30°=0.5mg故D正确；故选BD。9.如图所示，质量为2kg的重物A被绕过小滑轮P的细线所悬挂，小滑轮P被一根细线系于天花板上的O点。质量为10kg的物块

B放在粗糙的水平桌面上，O是三根线的结点，bO水平拉着B物体，aO、bO与cO夹角如图所示。细线、小滑轮的重力和细线与滑轮间的摩擦力均可忽略，整个装置处于静止状态。重力加速度210msg=，则（）A.重物C的质量为1kgB

.OP细线的张力为203NC.物块B与水平桌面之间的动摩擦因数为0.3D.桌面对B物体的摩擦力为103N【答案】ABD【解析】【详解】AB．物体A处于静止状态，有OP细线的张力为1A20NTmg==由图结合几何关系知60OPA

=由平衡条件知OP细线的张力为212cos30203NTT==对O由平衡条件有C1sin30mgT=得C1mkg=故AB正确；CD．对O由平衡条件有1cos30103NObTT==B处于静止，所以桌面对B物

体的摩擦力为103N，由于此摩擦力为静摩擦力，所以无法求出物块B与水平桌面之间的动摩擦因数，故C错误，D正确。故选ABD。10.一辆汽车从静止开始沿直线匀加速开出，然后保持匀速直线运动，最后做匀减速直线运动，直到停止。下表给出了不同时刻汽车的速度：时刻（s）1.02.0305.07.09

.510.5速度()ms369121293则可以判断得出（）A.汽车匀加速行驶的加速度为23msB.汽车匀速运动的时间为2sC.汽车匀减速运动时间为2sD.汽车运动的总位移为96m【答案】ACD【解析】【详解】A．根据表格数据可知汽车做匀加速运动的加速度大小

为22163m/s3m/s21vat−===−故A正确；BC．汽车做匀减速运动的加速度大小为22293m/s6m/s10.59.5vat−===−汽车匀速运动时的速度为12m/sv=，可知汽车做匀加速运动所用时间为14svta==加汽车匀减速运动的时间为202sv

ta−==−减可知汽车从t=4s开始做匀速运动，汽车从12m/sv=减速到9m/sv=所用时间为20.5svvta−==−可知开始减速对应的时刻为9.5s0.5s9st=−=故汽车匀速运动经历的时

间为5sttt=−=匀故B错误；C正确；D．汽车运动的总位移为.的221296m22vvxvtaa=++=匀故D正确。故选ACD。二、实验题（每空2分，共计14分）11.有同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上铺

有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力TOA、TOB和TOC，回答下列问题：（1）改变钩码个数，实验能完成的是（）A.钩码的个数N1=N2=2，N3=4B.钩码的个数N1=N3=3，N2=4C.钩

码的个数N1=N2=N3=4D.钩码的个数N1=3，N2=4，N3=5（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是（）A.标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向B.量出OA、OB、OC三段绳子的长度C.用量角器量出三段绳子之间的夹角D.用天平测出钩码的

质量（3）在作图时，你认为图中___________是正确的。（填“甲”或“乙”）【答案】①.BCD②.A③.甲【解析】【详解】（1）[1]A．由于F1=2mg和F2=2mg不能竖直向上，二者的合力一定小于F3=4mg，A不符题意；B．由于F1=3mg和

F2=4mg的合力在mg到7mg之间，其合力可以等于F3=3mg，B符合题意；C．由于F1=4mg和F2=4mg的合力在0到8mg之间，其合力可以等于F3=4mg，C符合题意；D．由于F1=3mg和F2

=4mg的合力在mg到7mg之间，其合力可以等于F3=5mg，D符合题意。故选BCD。（2）[2]在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是，记录三个力的大小和方向，记录O点的位置。标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向。故选A。（3）[3]乙图错误，F3的方向为

与重力方向相同的拉力，方向一定竖直向下，故甲图是正确的。12.某探究小组的同学利用如图甲所示的装置“探究小车速度随时间变化的规律”，图乙是某次实验获取的一段纸带。请你根据题图回答以下问题：（1）关于实验下列描述中正确的是__________。

A.在释放小车前，小车要靠近打点计时器B.应先释放小车，后接通电源C.电火花计时器应使用低压交流电源68VD.除了图甲中标出的器材外，完成实验还需要刻度尺（2）实验中打点计时器每隔0.02s打一个点，打出的纸带如图乙所示，若纸带

上相邻两个计数点之间还有四个点未画出，则打B点时小车的速度大小是__________ms，加速度大小是__________2ms。（计算结果均保留两位有效数字）（3）如果当时电网中交变电流的频率是49Hz

，而做实验的同学并不知道，那么该实验中加速度的测量值与实际值相比__________（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。【答案】（1）AD（2）①.0.40②.0.80（3）偏大【解析】【小问1详解】A．为了充分利用纸带，在释放小车前，小车要靠近打点计时器。故A正确；B．实验时，应先接通电源，再

释放小车。故B错误；C．电火花计时器应使用交流电源220V。故C错误；D．除了图甲中标出的器材外，完成实验还需要刻度尺测量纸带上各计数点间的距离。故D正确。故选AD。【小问2详解】[1]依题意，纸带上相邻计数点的时间间隔为50.02s0.1sT==则打B点时小车的速度大小23.6

24.3910m/s0.40m/s220.1ACBACxvvT−+====由逐差法可得()()222225.996.807.623.624.395.2010m/s0.80m/s990.1DGADxxaT−++−++−===【小问3详解】如果当时电网中交

变电流频率是49Hz，则实际打点周期大于0.02s，而做实验的同学并不知道，则代入计算的时间偏小，使得该实验中加速度的测量值与实际值相比偏大。三、解答题（13题10分，14题12分，15题18分，共计40分）13.如图所示，倾角为θ的固定光滑斜面

底部有一垂直斜面的固定挡板C．劲度系数为k1的轻弹簧两端分别与挡板C和质量为m的物体B连接，劲度系数为k2的轻弹簧两端分别与B和质量也为m的物体A连接，轻绳通过光滑滑轮Q与A和一轻质小桶P相连，轻绳AQ段与斜面平行，A和B均静止．现

缓慢地向小桶P内加入细砂，当k1弹簧对挡板的弹力恰好为零时，求：的（1）小桶P内所加入的细砂质量；（2）小桶下降的距离．【答案】（1）2砂mmsin=；（2）1212()2mgsinkkkk+【解析】【详解】试

题分析：初始状态，弹簧k2被压缩，对A由于轻质小桶无拉力，斜面方向受力平衡则有22mgsinkx=(2分)弹簧k1被压缩，对B沿斜面方向受到自身重力沿斜面向下的分力以及弹簧弹簧k2向下的弹力和弹簧k1向上的弹力，根据平衡有2

211mgsinkx?kx+=（2分）当弹簧k1对挡板的弹力恰好为零时，k1恢复原长，k2被拉长，对B保持平衡有22mgsinkx'=(2分)对A拉力F沿斜面向上，弹簧弹力向下，所以22Fmgsinkx'=+（1分）对PFMg=（1）故细砂的质量为M2msin=（1分）（

2）小桶下降的距离12212?xx?xx'2mgsin/k2mgsin/k=++=+（1分）考点：共点力的平衡胡克定律14.雾霾天气对公路、铁路、航空、航运等均产生重要影响，雾、霾会造成空气质量下降，影响生态环境，给人体健康带来较大危害，在我国治理雾

霾已刻不容缓。在一大雾天，一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，在同一平直车道上小汽车的正前方95m处有一辆大卡车以30m/s的速度同方向匀速行驶，在t=0时刻大卡车遇到紧急情况后，在0~9s内大卡车和小汽车的加速度随时间变化关系分别如图甲、乙所示。取原运动方向为正方向。求：（1）在0~9

s内两车的最近距离；（2）9st=时，两车距离为多少？【答案】（1）5m；（2）50m【解析】【详解】（1）根据图像可知，大卡车刹车3s时，速度010vvat=−=此时，大卡车位移101145m2xvt==小汽车这段匀速，位移20190mxvt==此时，两车相距10250mxxxx=+−

=之后小汽车减速，大卡车加速，共速时，间距最小202vatvat==−共解得23st=即6s时刻两车共速，相距最近0m2215m22vvxxtvt+=−+=共共（2）9st=时，小汽车速度030vvat=−=6-9s内位移33122.5m2x

vt==共卡车位移2433167.5m2xvtat=+=共两车距离为4m350mxxxx=+−=15.华人诺贝尔奖得主李政道博士曾经说：“中华民族是一个优秀民族，中国人早在两汉时期就发明了筷子。如此简单的两根东西却高妙绝伦地应用了物理学上的原理。”如图所示，用力使筷子夹住小球静

止不动，若小球所受力均在同一竖直平面内，每根筷子和竖直方向的夹角均为θ=30°，小球的质量m=0.2kg，重力加速度g取10m/s2。求：(1)若小球和筷子间没有摩擦力，则每根筷子对小球的压力大小是多少?(2)若小球与筷子

之间的动摩擦因数为35=，为使筷子夹住小球静止不动，求每根筷子对小球压力N的取值范围。（假设筷子与小球间最大静摩擦力等于滑动摩擦力）【答案】(1)2N；(2)1.25N5NN【解析】【详解】解：(1)由受力分析可得12N2cos60mgNmg===(2)筷子对小球的压力最小

时，在竖直方向，小球受力平衡minmax2sin2cosNfmg+=最大静摩擦力maxminfN=代入数据得min1.25NN=筷子对小球的压力最大时，摩擦力反向，由平衡条件得maxmax2sin2cosNfmg=+最大静摩擦力maxmaxfN=代入数据得m

ax5NN=则有1.25N5NN