【文档说明】广东省东莞市五校联考2024-2025学年高二上学期12月期中物理试题 Word版含解析.docx，共(17)页，3.480 MB，由envi的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-6e27cba84ce4d9bdba2d42b1d18c3618.html

以下为本文档部分文字说明：

2024-2025学年度第一学期五校第二次联考高二物理本试卷满分100分，考试用时75分钟。一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.在国际单位制中，下列物理量的单位表示正确的是

（）A.电量的单位A·sB.电动势的单位J·CC.电场强度的单位V·mD.磁通量的单位T/m2【答案】A【解析】【详解】A．根据公式qIt=可知，电量的单位为A·s，故A正确；B．根据公式WEq=非可知，电动势的单位为J/C，即V，故B错误；C．根据公式UEd=可知

，电场强度的单位为V/m，故C错误；D．根据公式BS=可知，磁通量的单位为T·m2，即Wb，故D错误。故选A。2.电子车票，也称“无纸化”车票，乘客网上购票后，直接通过“刷身份证”或“扫手机”即可顺利进

站。如图所示是乘客通过“刷身份证”进站时的情景，将身份证靠近检验口，机器感应电路中就会产生电流，从而识别乘客身份。图中能说明这一原理的是（）A.通电导体在磁场中受到安培力B.导体棒切割磁感线产生感应电流C.通电螺线管的

磁性强弱与电流大小有关D.通电导体周围存在磁场【答案】B【解析】【详解】由题意可知，刷身份证时会产生感应电流，即由磁产生电，有感应电流产生，所以其工作原理为电磁感应现象。A．图中有电源，为电动机的工作原理，是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的，故A不符合题意；B．

图中没有电源，为发电机的工作原理，是根据电磁感应现象制成的，故B符合题意；C．图示的实验是探究通电螺线管的磁性强弱与电流大小的关系，运用了电流的磁效应，故C不符合题意；D．图示为奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，故D不符

合题意。故选B。3.“通草球”是五加科植物通脱木的茎髓，秋天取茎，放置干燥处晾干，将其茎髓制成小球，这种小球密度很小，且绝缘，过去常用来做静电实验。现在这种东西较少见，一般中药店里有售。在图中，两个通草球甲和乙悬挂在支架

上，彼此吸引。关于该现象判断正确的是（）A.甲小球一定带了电B.乙小球一定带了电C.两个小球中有一个可能不带电D.甲、乙小球一定带有异种电荷【答案】C【解析】【详解】由图可知，两通草球相互吸引，则两小球可能带异种电荷，也可能只有一个

小球带电，另一个小球不带电。故选C。4.在炎热的夏天我们可以经常看到，有的小朋友的太阳帽前有一小风扇，如图所示，该小风扇与一小型的太阳能电池板相接，对其供电。经测量该电池可以产生的电动势为E=1.0V，电池内阻不能忽略，则关于该电池的描述正

确的是（）A.该电池单位时间内可以把1.0J的太阳能转化为电能B.该电池把其他形式能转化为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5V）的本领小C.如果外电路正常工作，则路端电压等于1.0VD.把该电池接入闭合电路后，电动势减小【答案】B【解析】【详解】

A．电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷从电源内部的负极移到正极所做的功，即把太阳能转化为电能的多少，而不是在1s内转变的电能，故A错误；B．1.5V的干电池电动势更大，说明把其他形式的能转化为电能的本领更大

，故B正确；C．根据闭合电路欧姆定律可知，外电路正常工作，则路端电压小于电源电动势，即小于10V，故C错误；D．把该电池接入闭合电路后，电动势不变，故D错误。故选B。5.电力电缆在正常运行电压作用下，电场是均匀分布的，但电缆终端处的电场不再是均匀分

布，电缆终端周围的电场分布情况如图所示，虚线为等势线，实线为电场线，下列说法正确的是（）A.电场中b点的电场强度大于a点的电场强度B.在a点由静止释放一带正电的粒子，粒子将沿电场线运动且会经过b点C.同一带正电的粒子在a、b、c三点电势能的关系为pppbcaEEE

D.将一带负电的粒子由a点经b点移至c点，电势能先增大后减小【答案】C【解析】【详解】A．电场线的疏密表示电场强度的大小，a点疏密程度大于b点，所以a点的电场强度大于b点的电场强度，故A错误;B．在a点由静止释放一带正电的粒子，所受

电场力的方向为a点的切线方向，所以粒子不会沿着电场线运动，故B错误；C．图中可知a、b、c三点电势大小关系bca根据.pEq=故同一带正电的粒子在a、b、c三点电势能的关系为pppbcaEEE故C正确；D．图可知0abU，0bc

U，故将一带负电的粒子由a点经b点移至c点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误。故选C。6.如图所示，一平行板电容器两极板水平正对，上极板M固定，下极板N放在一个绝缘的温度敏感材料上，温度敏感材料会因为温度的变化而出现明显的热胀冷缩，给

电容器充电后，N板带有正电，一带电微粒恰好静止在两极板间的P点。使极板与电源断开，当温度升高时，下列说法正确的是（）A.极板间的距离增大B.电容器的电容减小C.两板间的电场强度减小D.带电微粒仍然静止【答案】D【解析】【详解】AB．当温度升高时，温度敏感材料由于热胀冷缩，使得电容器两极板间距离减

小，根据4rSCkd=可知，电容器的电容增大。故AB错误；CD．由于电容器与电源断开，所以电容器所带电荷量不变，根据44rrQUQkQCESddSdkd====可知，电场强度不变，粒子所受电场力不变，所以带电粒子仍处于静止状态。故C错误；

D正确。故选D。7.如图所示，光滑水平地面上的P、Q两物体质量都为m，P以速度v向右运动，Q静止且左端有一轻弹簧。当P撞上弹簧，弹簧被压缩至最短时（）A.P的动量变为0B.P、Q的速度不相等C.Q的动量达到最大值D.P、Q

系统总动量仍然为mv【答案】D【解析】【详解】D．P、Q组成的系统所受的合外力为零，系统动量守恒，初始时总动量为mv。弹簧被压缩到最短时，P、Q系统总动量仍为mv，故D正确；ABC．P在压缩弹簧的过程中，

Q做加速运动，P做减速运动，两者速度相等时，弹簧压缩量最大，然后Q继续加速，P继续减速，所以弹簧压缩最短时，Q的动量未达到最大值。弹簧被压缩到最短时，P、Q的速度相等，根据2mvmv=可知此时P的动量为12mv，故ABC错误。故选D。8.我国某汽车集团采用减小厚度、增加长度的结构创新方案推出了“

刀片电池”，可以在同样的空间内装入更多电池。如图所示，一款车型装配了N块“刀片电池”，每块“刀片电池”的容量是q，平均工作电压是U，该车型采用充电电压为U0的快充充电桩时，充电效率为80%，充满电需要的时间为t。已知该车型每行驶100km平均能耗是E

，则下列说法不正确的是（）A.电池组充满电后储存的电荷量为NqB.单块电池充满电后储存的电能为qUC.电池组充满电后的续航里程为100NqUED.快充充电桩的平均充电电流为0NqUUt【答案】D【解析】【详解】A．电池组充满电后储存的电荷量为QNq=故A正确，不符合题意；B．

单块电池充满电后储存的电能为EqU=故B正确，不符合题意；C．电池组充满电后储存的电能为NqU，而汽车每行驶100km平均能耗是E，则电池组充满电后的续航里程为100NqUxE=故C正确，不符合题意；D．快充充电桩充电过程有080%UItNqU=所以平均充电电

流为080%NqUIUt=故D错误，符合题意。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。9.下列说法是某同学对电场中的概念、公式和一些

现象或物理原理在技术中应用的理解，正确的是（）A.根据电场强度定义式FEq=，电场中某点的电场强度与试探电荷所受电场力成正比B.根据公式WUIt=可知，该公式只能够求纯电阻电路的电流做功C.人们把最小的电荷量叫做元

电荷D.武当山金顶上金殿出现的“雷火炼殿”现象，这是因为带电的积雨云与金殿顶部之间形成巨大电势差，使空气电离，产生电弧【答案】CD【解析】【详解】A．电场强度是由电场本身的性质决定，与试探电荷和试探电荷所受电

场力无关，故A错误；B．公式WUIt=是电功的定义式，适用于任何电路，故B错误；C．人们把最小的电荷量叫做元电荷，故C正确；D．武当山金顶上金殿出现的“雷火炼殿”现象，这是因为带电的积雨云与金殿顶部之间形成电势差，使空气电离，产生电弧，故D正确。故选CD。10.学生李华研发了一款名字叫做“AD-

case”的手机壳，从外观上：可以看到这个手机壳长有8个触角，当手机坠落时，接触地面瞬间8个触角会瞬间弹出来，起到很好的缓冲作用。研究缓冲效果的实验中，总质量为200g的手机从距离地面1.8m的高度跌落，平摔

在地面上，保护器撞击地面的时间为0.2s，然后手机保持静止，不计空气阻力，210m/sg=，则以下说法正确的是（）A.保护器的缓冲作用是减小了手机落地过程的动量变化量B.保护器使得手机撞击地面的时间延长C.手机从开始掉落到恰好静止的过程中重力冲量的大小为1.2N·sD.手机从开始掉落到恰好

静止的过程中地面对手机的平均作用力大小为8N【答案】BD【解析】【详解】AB．根据动量定理ΔFtp=可知保护器使得手机撞击地面的时间延长，即保护器的缓冲作用是减小了手机落地过程的动量变化率，故A错误，B正确；C．由自由落体运动规律可知2111.8m2h

gt==解得10.6st=故手机从开始掉落到恰好静止的过程用时10.2s0.8stt=+=根据冲量定义可得Imgt=手机从开始掉落到恰好静止的过程中重力冲量的大小为()320010100.8Ns1.6NsImgt−===故C错误；D．设手机落地前速度为v

，以上分析可知16m/svgt==手机从开始掉落到恰好静止的过程中地面对手机的平均作用力为F＇，规定向下为正方向，则根据动量定理()0.2s0mgFmv−=−解得8NF=故D正确。故选BD。11.细胞膜的

厚度约等于9810m−，当细胞膜的内外层之间的电压达到40mV时，一价钠离子（Na+）可发生渗透通过细胞膜。若将细胞膜内的电场视为匀强电场，当钠离子刚好发生渗透时，下列说法正确的是（）A.细胞膜内电场强度的大小为103.210V/m−B.细胞

膜内电场强度的大小为6510V/mC.一个钠离子发生渗透时电势能改变0.04eVD.一个钠离子发生渗透时电势能改变224.810J−【答案】BC【解析】【详解】AB．细胞膜内电场强度的大小6510V/mUEd==

故A错误；B正确；CD．由电场力做功与电势差的关系得210.04eV6.410JWqU−===根据pWE=−联立，解得21p0.04eV6.410JE−=−=−即一个钠离子发生渗透时电势能减少了0.04eV或216.410J−。故C正确；D错误。故选BC。12.正四

面体abcd位于真空中，在顶点a、d处分别固定电荷量为-q和+q的点电荷，其中0q，已知四面体的棱长为L，e、f分别为ab、cd的中点，静电力常量为k，规定无穷远处电势为0。下列说法正确的是（）A.b、c两点电场强度方向相同B.c

点电场强度的大小为2kqLC.电势差cfU等于电势差beUD.b、f连线上b点电势等于0【答案】ABD【解析】【详解】A．设ad中点为g点，则bcg平面为零势面，可知b、c两点电场强度方向必相同，故A

正确；B．电荷量为q−和q+的点电荷单独作用时在c点产生的电场强度大小均为12kqEL=，且两电场强度方向夹角为120，可知c点电场强度的大小为121202cos2ckqEEL==故B正确；C．f点与正电荷距离近，电势大于

0，e点与负电荷距离近，电势低于0，b、c两点电势均等于0，可知0cfU，0beU故C错误；D．b点在零势面上，其电势为0，b、f连线上其余各点的电势均大于0，故D正确。故选ABD。三、实验题：本题共2题，共18分。请将答案填写在答题卡

相应的位置。13.某物理课外实验小组为了测量某未知小阻值电阻Rx的阻值，制定了三种测量方案。（1）方案一：用欧姆表测电阻a.在进行正确机械调零后，将欧姆挡选择开关拨至×1挡，先将红、黑表笔短接，让指针指在

______（选填“左侧”或“右侧”）零刻度线上。b.欧姆表指针如图甲所示，可得未知电阻xR的阻值约为______Ω。（2）方案二：用伏安法测电阻设计了如图乙所示的实验电路，电压表的示数为2.8V，电流表的

示数为80mA，则由此可得未知电阻xR的阻值为______Ω。为了减小实验中的测量误差，应该尽量选用内阻值较大的______（选填“电压表”或“电流表”）。（3）方案三：用替代法测电阻a.如图丙所示，将电阻箱R的阻值调到最大，闭合开关1S和

2S，调节电阻箱R，使电流表示数为0I，读出电阻箱的示数1102R=，其中0R为保护电阻，阻值未知；b.开关1S闭合，断开开关2S，调节电阻箱R，使电流表示数仍为0I，读出电阻箱的示数268R=；c.则可得出电阻xR=______Ωd.实验中电流表不是理想电

流表，其内阻对电阻xR的测量值______（选填“有”或“无”）影响。【答案】（1）①.右侧②.36（2）①.35②.电压表（3）①.34②.无【解析】的【小问1详解】[1]欧姆调零时，需将红、黑表笔短接，调节滑动变阻器让电流表满偏，即让指针指在右侧零刻度线上；[2]图甲可知

，未知电阻阻值()361Ω36ΩxR==【小问2详解】[1]由欧姆定律得32.8Ω35Ω8010xURI−===[2]这里的误差主要来源于电压表的分流，所以为了减小电压表的分流影响，应该尽量选用内阻值较大的电压表；【小问3详解】[1]由于两次的电流相同，故两次的总电

阻也相同，即1020xRRRRR+=++代入题中数据得12102Ω68Ω34ΩxRRR=−=−=[2]若考虑电表影响，由于两次电流相同，所以两次的总电阻还是相同，则有10A20AxRRRRRRR++=+++整理得12xRR

R=−故实验中电流表不是理想电流表，其内阻对电阻xR的测量值不影响。14.某实验小组尝试测量电动车上蓄电池的电动势和内阻。用电流表、电压表、滑动变阻器、待测蓄电池等器材设计了如图甲所示实验电路。（1）某同学选择合适的仪器按照图甲规范操作，实验时发现，大范围移动滑动变阻器

的滑片，电压表的示数变化都不明显，该同学在思考后将015ΩR=的定值电阻串入电路中，如图________（选填“乙”或“丙”），解决了这一问题；（2）多次调节滑动变阻器R的阻值，读出相应的电压表和电流表示数U和

I，用测得的数据描绘出如图丁所示的UI−图像，则该电池的电动势E=________V，内阻0r=________Ω（结果均保留两位有效数字）；（3）该同学反思发现上述实验方案存在系统误差。若考虑电表内阻的影响，对测得的实验数据进行修正，在图丁中重新绘制UI−图线，与原图线比

较，新绘制的图线与横坐标轴交点的数值将________，与纵坐标轴交点的数值将________（两空均选填“变大”“变小”“不变”）。【答案】（1）乙（2）①.12②.1.0（3）①.不变②.变大【解析】小问1详解】实验时发现，大范围移动滑动变阻器

的滑片，电压表的示数变化都不明显，则可能是电源内阻太小造成的，则可以在电源上串联一个定值电阻，则图乙可以解决这一问题。【小问2详解】[1][2]根据闭合电路的欧姆定律可知0()UEIRr=−+则由图像可知该电池的

电动势E=12V内阻012151.00.75r=−=【小问3详解】[1][2]图像与横轴交点表示短路电流，当电源短路时，电表的内阻不影响短路电流，与横坐标轴交点的数值不变；电压表和电源并联，测量的内阻是电压表和电源并联后的电阻

，比电源内阻的真实值小，图像斜率偏小，修正后图像斜率变大，与纵坐标轴交点的数值将变大。四、计算题：本题共2题，共26分。需要写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。15.如图所

示，在平面直角坐标xOy中，第一象限存在沿y轴负方向的水平匀强电场，在y轴负半轴上的O'处固定着一点电荷（设匀强电场与点电荷电场以x轴为界互不影响）。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度0v垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成53=

角射入第四象限，此后在点电荷作用下做匀速圆周运动，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出，OP的【长度为8R。不计粒子重力，静电力常量为k，sin5308cos5306==．，．。求：（1）M、N两点间电势差MNU；（2）O'处点电荷电性和电荷量Q。【答案

】（1）2089MNmvUq=（2）201259RmvQkq=【解析】【小问1详解】分析可知带正电的粒了在第I象限电场中做类平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，设粒子经过N点时的速度为v，轨迹如图根据类平抛运动规律0co

svv=其中53=，粒子从M点运动到N点的过程，由动能定理有2201122MNqUmvmv=−联立解得2089MNmvUq=的的【小问2详解】设带电粒子做匀速圆周运动的运动半径为r，由几何关系得cosOPrr=+解得5rR=结合题意，由

牛顿第二定律有22Qqvkmrr=联立解得201259RmvQkq=16.如图所示，质量1kgM=的滑板A带有四分之一光滑圆轨道，圆轨道的半径18mR=．，圆弧底端切线水平，滑板A上表面的水平部分粗糙。现滑板A静止

在光滑水平面上，左侧紧靠固定挡板，右侧有与A等高的固定平台，平台与A的右端间距为s。平台最右端有一个高125mh=．的光滑斜坡，斜坡和平台用长度不计的小光滑圆弧连接，斜坡顶端连接另一水平面。现将质量2kgm=的小滑块B（可视为质点）从A的顶端由静止释放，B与A上表面水平部分的动摩擦因数105

=．，且B刚好滑到A的右端时，A与B共速。之后A与平台相碰，B滑上平台，同时快速撤去A。取重力加速度210m/sg=。求：（1）滑块B刚滑到圆弧底端时，圆弧轨道对小滑块B的支持力大小；（2）若A、B能够在A与平台相

碰前达到共速，s应满足什么条件；（3）平台上P、Q之间是一个宽度0.5ml=的匀强电场区域，且当滑块B在该区域时会受到一个水平向右、大小20NF=的电场力作用，平台其余部分光滑，设B与PQ之间的动摩擦因数01，试讨论因的取值不同，B在PQ间通过的路程大小。【答

案】（1）60N（2）s>0.8m（3）00.1时，B在PQ间通过的路程为0.5m；0.10.8时，B在PQ间通过的路程为1m；0.81时，B在PQ间通过的路程为1310【解析】【小问1详解】设滑块B滑到A的底端时速度为0

v，根据机械能守恒定律得2012mgRmv=设滑块B刚下滑到圆弧底端时，圆弧轨道对滑块的支持力为NF，由牛顿第二定律得20NvFmgmR−=联立解得N60NF=【小问2详解】设AB共同速度为1v，取向

右为正方向，由动量守恒定律得()01mvmMv=+对A，由动能定理得21112mgsmv=联立得0.8ms=若A、B能够在A与平台相碰前达到共速，s应满足0.8ms【小问3详解】设滑块到达Q处的速度为2v时，滑块恰好到达斜坡顶顶端，根据机械能守恒定律得2212mghmv=解得

25m/sv=由（2）可知滑块进入PQ间时速度大小为1v，当滑块到达Q处速度2v时，对滑块，由动能定理得22211122Flmglmvmv−=−解得0.1=即00.1时，滑块从斜坡顶端离开，滑块在PQ间通过的路程为0.5m；若滑块滑上斜坡后，从斜坡返回，到达P点速度刚好为零，设

此时动摩擦因数为2，对滑块，由动能定理得2211202mglmv−=−解得20.8=即0.10.8时，滑块从P左侧离开，滑块在PQ间通过的路程为1m；若0.81时，则滑块最终停在Q点，设滑块在PQ间通过的路程为1s,对

滑块，由动能定理得211102Flmgsmv−=−解得11310s=