【文档说明】辽宁省大连高市二十四中2018届高三物理模拟试卷（word版含解析）.docx，共(14)页，190.996 KB，由envi的店铺上传

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12018年辽宁省大连二十四中高考物理模拟试卷一、选择题1．（6分）一种巨型娱乐器械可以使人体验超重和失重，其环形座舱套在竖直柱子上，由升降机送上几十米的高处，然后让座舱自由落下。落到一定位置时，制动系统启动，座舱做减速运动，到地面时刚好停下。在上述过程中，关于座舱中的人所

处的状态，以下判断正确的是（）A．座舱在自由下落的过程中人处于超重状态B．座舱在自由下落的过程中人处于失重状态C．座舱在减速运动的过程中人处于失重状态D．座舱在整个运动过程中人都处于超重状态2．（6分）在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所

示。产生的交变电动势的图象如图乙所示，则（）A．t＝0.005s时线框的磁通量变化率为零B．t＝0.01s时线框平面与中性面重合C．线框产生的交变电动势有效值为311VD．线框产生的交变电动势频率为100Hz3．（6分）卫星绕地球做

匀速圆周运动，其轨道半径为r，运动周期为T，地球半径为R，万有引力常数为G，下列说法正确的是（）A．卫星的线速度大小为v=𝟐𝝅𝑹𝑻B．地球的质量为M=𝟒𝝅𝟐𝑹𝟑𝑮𝑻𝟐C．地球的平均密度为ρ=𝟑𝝅𝑮𝑻𝟐D．地球表面重力加速度大小为g=𝟒𝝅𝟐𝒓𝟑𝑻𝟐𝑹

𝟐4．（6分）如图，一高度为h、倾角为θ的固定斜面．质量为m的物体从斜面顶端自由滑下，物体与斜面间的动摩擦因数为μ．物体滑至斜面底端时的速度大小为（）A．√𝟐𝒈𝒉B．√𝒈𝒉C．√𝟐𝒈𝒉(𝟏−𝝁𝒄𝒐𝒕𝜽)D．√𝟐𝒈𝒉(𝟏−𝝁

𝒕𝒂𝒏𝜽)5．（6分）如图所示，半径为R的圆形区域内有一垂直纸面向里的匀强磁场，P为磁场边界上的一点，大量质量为m，电荷量为q的正粒子，在纸面内沿各个方向速率v从P点射入磁场，这些粒子射出磁场时的位置均位于PQ圆弧上，PQ圆弧长等于磁场界周长的

𝟏𝟑，不计粒子重力和粒子间的相互作用，则该匀强磁场的磁感应强度大小为（）A．√𝟑𝒎𝒗𝟐𝒒𝑹B．𝒎𝒗𝒒𝑹C．√𝟑𝒎𝒗𝒒𝑹D．𝟐√𝟑𝒎𝒗𝟑𝒒𝑹26．（6分）以下有关近代

物理内容的若干叙述，其中正确的是（）A．原子核发生一次β衰变，该原子外层就失去一个电子B．天然放射现象中发出的三种射线本质都是电磁波C．对不同的金属，若照射光频率不变，光电子的最大初动能与金属的逸出功成线性关系D．按玻尔理论，大量的氢原子从第4能级向低能级跃迁时会发

出6种不同频率的光子7．（6分）如图所示为示波管的示意图。左边竖直放置的两极板之间有水平方向的加速电场，右边水平放置的两极板之间有竖直方向的偏转电场。电子束经加速电场加速后进入偏转电场偏转，加在水平放置的偏转电极的每单位电压引起的偏转距离叫示波器的灵敏度。下述对提高示波管灵敏度有用的措

施是（）A．尽可能把偏转极板l做的长一些B．尽可能把偏转极板l做的短一些C．尽可能把偏转极板间距离d做的小些D．将加速电场的两极板间的电压提高8．（6分）如图所示，质量为m的物体置于倾角为θ的光滑斜面上，在外力作用

下，斜面体以加速度a沿水平方向向左做匀加速运动，运动中物体m与斜面体相对静止。则斜面体对m的支持力为（）A．mgcosθB．𝒎𝒈𝒄𝒐𝒔𝜽C．𝒎𝒂𝒔𝒊𝒏𝜽D．mgcosθ+mas

inθ三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第38题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（4分）用如图所示装置可以做一些力学实验。以下说法正确的是。A．用此装置

“研究匀变速直线运动”时必须平衡摩擦力B．用此装置探究“小车的加速度与质量的关系”并用图象法处理数据时，如果画出的a﹣Μ关系图象是一条曲线，就可以确定加速度与质量成反比C．用此装置探究“功与速度变化的关系

”实验时，将放置打点计时器的那端木板适当垫高，目的是为了平衡摩擦力D．用此装置探究“小车的加速度与外力的关系”时，若用钩码的重力代替绳子对小车的拉力，应让钩码质量远小于小车质量10．（11分）国际（GB/T）规定自来水在15℃时电阻率应大于13Ω•

m．某同学利用图甲电路测量15℃自来水的电阻率，其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管，细管上加有阀门K以控制管内自来水的水量，玻璃管℃两端接有导电活塞（活塞电阻可忽略），右活塞固定，左活塞可自由移动，实验器材还有：电源（电动势均为3V，内阻可忽略）；电压

表V1（量程为3V，内阻很大）；3电压表V2（量程为3V，内阻很大）；定值电阻R1（阻值4kΩ）；定值电阻R2（阻值2kΩ）；电阻箱R（最大阻值9999Ω）；单刀双掷开关S；导线若干；游标卡尺；刻度尺

。实验步骤如下：A．用游标卡尺测量玻璃管的内径d；B．向玻璃管内注满自来水，并用刻度尺测量水柱长度L；C．把S拨到1位置，记录电压表V1示数；D．把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使电压表V2示数与电压表V1示数相同，记录电阻箱的阻值R；E．改变玻璃管内水柱

长度，重复实验步骤C、D，记录每一次水柱长度L和电阻箱阻值R；F．断开S，整理好器材。（1）测玻璃管内径d时游标卡尺示数如图乙，则d＝mm。（2）玻璃管内水柱的电阻Rx的表达式为：Rx＝（用R1、R2、R表示）。（3）利用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据，绘制出如图丙所示的R−𝟏�

�关系图象，自来水的电阻率ρ＝Ω•m（保留两位有效数字）。（4）本实验中若电压表V1内阻不是很大，则自来水电阻率测量结果将（填“偏大”“不变”或“偏小”）。11．（12分）如图所示，两平行金属板P1和P2之间

的电压为U．一个带负电的粒子在两板间沿虚线所示路径做加速直线运动．粒子通过两平行板后从O点进入另一磁感应强度为B的匀强磁场中，在洛伦兹力的作用下，粒子做匀速圆周运动，经过半个圆周后打在挡板MN上的A点．已知粒子的质量为m，电荷量为q．不计粒子重力．求：（1

）粒子进入磁场时的速度v；（2）O、A两点间的距离x．12．（20分）如图所示为过山车模型，它由光滑水平轨道和竖直面内的光滑圆形轨道组成，Q点为圆形轨道最低点，M点为最高点，圆形轨道半径R＝0.32m。水平轨道PN右侧的光滑水平地面上，并排

放置两长木板c、d，两木板间相互接触但不粘连，长木板上表面与水平轨道PN平齐，木板c质量m3＝2.2kg，长L＝4m，木板d质量m4＝4.4kg。质量m2＝3.3kg的小滑块b放置在轨道QN上，另一质量m1＝1.3kg的小滑块a从P点以水平速度v0向右运动，沿圆形轨道运动一周后进入水平

轨道与小滑块b发生弹性碰撞。碰后a沿原路返回到M点时，对轨道压力恰好为0．已知小滑块b与两长木板间的动摩擦因数均为μ＝0.16，g＝10m/s2。（1）求小滑块a与小滑块b碰撞后，a和b的速度大小v1和v2；（2）碰后滑块b最终恰好没有离开木板d，求滑块b在木板c上滑行的时间及

木板d的长度。4【物理----选修3-3】（15分）13．（5分）（1）下列说法中正确的是（）（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）A．能量耗散说明能量在不断减少B．同温度下未饱和汽的压强小于饱和汽压，

温度升高时，饱和汽压增大C．液体表面张力产生的原因是因为液体表面层分子平均距离略大于液体内部分子平均距离D．物体由大量分子组成，其单个分子的运动是无规则的，大量分子的运动也是无规律的E．热力学第二定律也可以表述为：气体向真空的自由膨胀是不

可逆的14．（10分）如图所示，一个开口向上的圆筒气缸直立于地面上，距缸底2L处固定一个中心开孔的隔板a，在小孔处装有一个能向下开启的单向阀门b，只有当上部压强大于下部压强时，阀门才开启。C为一质量与摩擦均不计的活塞，

开始时隔板以下封闭气体压强为1.2P0（P0为大气压强）；隔板以上由活塞c封闭的气体压强为P0，活塞c与隔板距离为L．现对活塞c施加一个竖直向下缓慢增大的力F，设气体温度保持不变，已知F增大到F0时，可产生

向下的压强为0.2P0，活塞与隔板厚度均可不计，求：（1）当力缓慢增大到2F0时，活塞c距缸底高度是多少？（2）当力缓慢增大到4F0时，缸内各部分气体压强是多少？三、【物理选修3-4模块】（15分）15．（1）在狭义相对论中，下列说法正确的有（）（填正确

答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）A．在不同的惯性系中，一切物理规律都是相同的B．质量、长度的测量结果与物体相对观察者的相对运动状态无关C．物体的质量永远不变D．物体的能量与质量成正比E．真空中光速在不

同的惯性系中都是相同的16．如图甲所示是由透明材料制成的半圆柱体，一束细光束由真空沿着径向与AB成θ角射入后对射出的折射光线的强度进行记录，发现它随着θ角的变化而变化，变化关系如图乙所示，如图丙所示是这

种材料制成的玻璃砖，左侧是半径为R的半圆，右侧是长为4R，宽为2R的长方形，一束单色光从左侧A′点沿半径方向与长边成45°角射入玻璃砖，求：①该透明材料的折射率；②光线在玻璃砖中运动的总时间；（光在空气中的传播速度为c）52018年辽宁省

大连二十四中高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（6分）一种巨型娱乐器械可以使人体验超重和失重，其环形座舱套在竖直柱子上，由升降机送上几十米的高处，然后让座舱自由落下。落到一定位置时，制动系

统启动，座舱做减速运动，到地面时刚好停下。在上述过程中，关于座舱中的人所处的状态，以下判断正确的是（）A．座舱在自由下落的过程中人处于超重状态B．座舱在自由下落的过程中人处于失重状态C．座舱在减速运动的过程中人处于失重状态D．座舱在整个运动过程中人都处于超重状态【考点】3E：牛顿运动定

律的应用﹣超重和失重．菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；522：牛顿运动定律综合专题．【分析】自由下落时只受重力，加速度向下，失重；减速下落，加速度向上，超重。由此分析即可。【解答】解：A、在自由下落的过程中人只受重力作用，做

自由落体运动，处于失重状态，故A错误B正确；C、在减速运动的过程中人受重力和座位对人向上的支持力，做减速运动，所以加速度向上，人处于超重状态，故C错误；D、整个运动的过程中人先失重后超重。故D错误。故选：B。【点评】判断一个物体处于超重和失重的条件是：若加速度向上则超重，若加速度向下则失重

。2．（6分）在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示。产生的交变电动势的图象如图乙所示，则（）A．t＝0.005s时线框的磁通量变化率为零B．t＝0.01s时线框平面与中性面重合C．线

框产生的交变电动势有效值为311VD．线框产生的交变电动势频率为100Hz【考点】E3：正弦式电流的图象和三角函数表达式；E4：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．菁优网版权所有【专题】31：定性思想；4B：图析法；53A：交流电专题．【分析】由

图乙可知特殊时刻的电动势，根据电动势的特点，可判处于那个面上，由图象还可知电动势的峰值和周期，根据有效值和峰值的关系便可求电动势的有效值。【解答】解：由图乙可知T＝0.02sEm＝311vA、由图可知t＝0.005s时刻感应电动势最大，所以穿

过线框回路的磁通量变化率为最大，故A错误；B、0.01s时电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，即线框平面与中性面重合，故B正确；C、根据正弦式交变电流有效值和峰值的关系可得，该交变电流的有效值为E=𝑬𝒎√𝟐=𝟑𝟏

𝟏√𝟐𝑽=𝟐𝟐𝟎𝑽，故C错误。D、由图乙可知T＝0.02s，故频率为f=𝟏𝑻=𝟓𝟎𝑯𝒛，故D错误；故选：B。【点评】本题考查的是有关交变电流的产生和特征的基本知识，要具备从图象中获得有用信息的能力。3．（6分）卫星绕地

球做匀速圆周运动，其轨道半径为r，运动周期为T，地球半径为R，万有引力常数为G，下列说法正确的是（）A．卫星的线速度大小为v=𝟐𝝅𝑹𝑻B．地球的质量为M=𝟒𝝅𝟐𝑹𝟑𝑮𝑻𝟐C．地球的平均密度为ρ=𝟑𝝅𝑮𝑻𝟐6D．地球

表面重力加速度大小为g=𝟒𝝅𝟐𝒓𝟑𝑻𝟐𝑹𝟐【考点】4F：万有引力定律及其应用．菁优网版权所有【专题】528：万有引力定律的应用专题．【分析】由线速度定义式可表示线速度；由万有引力周期表达式，可得

地球质量，进而可以表示密度；由表面处万有引力等于重力可表示重力加速度g．【解答】解：A、线速度为：𝒗=𝟐𝝅𝒓𝑻，故A错误。B、有牛顿第二定律可得：𝑮𝑴𝒎𝒓𝟐=𝒎𝒓𝟒𝝅𝟐𝑻𝟐，解得：𝑴=𝟒𝝅𝟐𝒓𝟑𝑮�

�𝟐，故B错误。C、地球密度为：𝝆=𝑴𝑽=𝟒𝝅𝟐𝒓𝟑𝑮𝑻𝟐𝟒𝝅𝑹𝟑𝟑=𝟑𝝅𝒓𝟑𝑮𝑻𝟐𝑹𝟑，故C错误。D、地球表面处：𝑮𝑴𝒎𝑹𝟐=𝒎𝒈，又𝑴=𝟒𝝅𝟐𝒓𝟑𝑮𝑻

𝟐，解得：𝒈=𝟒𝝅𝟐𝒓𝟑𝑻𝟐𝑹𝟐，故D正确。故选：D。【点评】该题要灵活应用万有引力的各种表达式；其次要分清空中和地面物体的运动半径问题，基础题．4．（6分）如图，一高度为h、倾角为θ的固定斜面．质量

为m的物体从斜面顶端自由滑下，物体与斜面间的动摩擦因数为μ．物体滑至斜面底端时的速度大小为（）A．√𝟐𝒈𝒉B．√𝒈𝒉C．√𝟐𝒈𝒉(𝟏−𝝁𝒄𝒐𝒕𝜽)D．√𝟐𝒈𝒉(𝟏−𝝁𝒕𝒂𝒏𝜽)【考点】37：

牛顿第二定律．菁优网版权所有【专题】522：牛顿运动定律综合专题．【分析】对物体受力分析，根据牛顿第二定律求出物体的加速度，由匀变速直线运动的速度位移公式求出物体滑至斜面底端时的速度大小．【解答】解：由牛顿第二定律得：mgsinθ﹣

μmgcosθ＝ma得：a＝gsinθ﹣μgcosθ由匀变速直线运动的速度位移公式：v2﹣02＝2a𝒉𝒔𝒊𝒏𝜽得：v=√𝟐𝒈𝒉(𝟏−𝝁𝒄𝒐𝒕𝜽)故选：C。【点评】该题是牛顿第二定律和匀加速直线运动基本公式的直接应用，难度不大，属于基础题．5．（

6分）如图所示，半径为R的圆形区域内有一垂直纸面向里的匀强磁场，P为磁场边界上的一点，大量质量为m，电荷量为q的正粒子，在纸面内沿各个方向速率v从P点射入磁场，这些粒子射出磁场时的位置均位于PQ圆弧上，PQ圆弧长等于磁场界

周长的𝟏𝟑，不计粒子重力和粒子间的相互作用，则该匀强磁场的磁感应强度大小为（）A．√𝟑𝒎𝒗𝟐𝒒𝑹B．𝒎𝒗𝒒𝑹C．√𝟑𝒎𝒗𝒒𝑹D．𝟐√𝟑𝒎𝒗𝟑𝒒𝑹【考点】CI：带电粒子在匀强磁场中的运动．菁优网版权所有【专题】536：带电粒子在磁场中的运动专题

．【分析】画出导电粒子的运动轨迹，找出临界条件及角度关系，表示出圆周运动的半径，利用圆周运7动由洛仑兹力充当向心力列式求解即可。【解答】解：从P点射入的粒子与磁场边界的最远交点为Q，最远的点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点

，相应的弧长变为圆周长的𝟏𝟑，所以∠POQ＝120°；结合几何关系，有：r=√𝟑𝟐𝑹⋯①洛仑兹力充当向心力，根据牛顿第二定律，有：qvB＝m𝒗𝟐𝒓⋯②联立①②解得：B=𝟐√𝟑𝒎𝒗𝟑𝒒𝑹故选：D。【点评】带电粒

子在电磁场中的运动一般有直线运动、圆周运动和一般的曲线运动；直线运动一般由动力学公式求解，圆周运动由洛仑兹力充当向心力，一般的曲线运动一般由动能定理求解；本题关键画出临界轨迹。6．（6分）以下有关近代物理内容的若干叙述，其中正确的是（）A．原子核发生一次β衰变，该原子

外层就失去一个电子B．天然放射现象中发出的三种射线本质都是电磁波C．对不同的金属，若照射光频率不变，光电子的最大初动能与金属的逸出功成线性关系D．按玻尔理论，大量的氢原子从第4能级向低能级跃迁时会发出6种不同频率的光子【考点】J3：玻尔模型和氢

原子的能级结构；JA：原子核衰变及半衰期、衰变速度．菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；54N：原子的能级结构专题．【分析】根据光电效应的条件判断不能发生光电效应的原因；β衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电

子释放出来；根据光电效应方程Ekm＝hv﹣W0进行分析；根据玻尔理论分析。【解答】解：A、β衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，不是来自核外电子。故A错误。B、天然放射现象的射线中，只有γ射线是电磁波，α射线是氦核，β射线是高速的电子流。故B错误。C、根据

爱因斯坦光电效应方程Ekm＝hγ﹣W0，对于不同种金属，若照射光频率不变，Ek与金属的逸出功成线性关系。故C正确。D、大量的氢原子从第4能级向低能级跃迁时会发出𝑪𝟒𝟐=6种不同频率的光子。故D正确故选：CD。【点评】本题考查了氢原子能级、衰变的实质、光电效应方程的应用、核反应等基础知

识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点，注意光电效应发生的条件与光的强度无关。7．（6分）如图所示为示波管的示意图。左边竖直放置的两极板之间有水平方向的加速电场，右边水平放置的两极板之间有竖直方向

的偏转电场。电子束经加速电场加速后进入偏转电场偏转，加在水平放置的偏转电极的每单位电压引起的偏转距离叫示波器的灵敏度。下述对提高示波管灵敏度有用的措施是（）8A．尽可能把偏转极板l做的长一些B．尽可能把偏转极板l做的短一些C．尽可能把偏转极板间距离d

做的小些D．将加速电场的两极板间的电压提高【考点】AK：带电粒子在匀强电场中的运动．菁优网版权所有【专题】32：定量思想；43：推理法；531：带电粒子在电场中的运动专题．【分析】电子先经加速电场加速，再进入偏转，根据动能定理和牛顿运动定律、运动学公式推导出y，再求出𝒚�

�𝟐的表达式，由表达式分析提高灵敏度的方式。【解答】解：设加速电压为U1，偏转电压为U2。经加速电场后的速度为v，则eU1=𝟏𝟐mv𝟎𝟐电子进入偏转电场后做类平抛运动，其偏转的位移为，y=𝟏𝟐at2a=𝑼𝟐𝒒𝒅𝒎t=𝒍𝒗𝟎

联立上式得y=𝑼𝟐𝒍𝟐𝟒𝒅𝑼𝟏所以示波管的灵敏度𝒚𝑼𝟐=𝒍𝟐𝟒𝒅𝑼𝟏。可见，要提高示波管灵敏度，必须把偏转极板l做得长一些，或把偏转极板间距离d做得小些，或加速电场的两极板间的电压降低一点。故

AC正确，BD错误。故选：AC。【点评】本题是信息的给予题，根据所给的信息，得出示波管的灵敏度的表达式即可解决本题。8．（6分）如图所示，质量为m的物体置于倾角为θ的光滑斜面上，在外力作用下，斜面体以加速度

a沿水平方向向左做匀加速运动，运动中物体m与斜面体相对静止。则斜面体对m的支持力为（）A．mgcosθB．𝒎𝒈𝒄𝒐𝒔𝜽C．𝒎𝒂𝒔𝒊𝒏𝜽D．mgcosθ+masinθ【考点】2G：

力的合成与分解的运用；37：牛顿第二定律．菁优网版权所有【专题】32：定量思想；49：合成分解法；522：牛顿运动定律综合专题．【分析】物体与斜面体保持相对静止，两者具有相同的加速度，隔离对物体分析，根据牛顿第二定律求出斜面

体对m的支持力。【解答】解：物体m受力分析，因为物体m的加速度与斜面体的加速度相同，方向水平向左，则物体m的合力水平向左，如图所示，根据平行四边形定则作图如图。斜面体对m的支持力为：N=𝒎𝒈𝒄𝒐𝒔𝜽=𝒎𝒂𝒔𝒊𝒏𝜽．故AD错

误，BC正确。故选：BC。【点评】解决本题的关键要知道物体m与斜面体具有相同的加速度，通过隔离分析，运用平行四边形定则求解m受到的支持力。三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题

为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第38题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）99．（4分）用如图所示装置可以做一些力学实验。以下说法正确的是CD。A．用此装置“研究匀变速直线运动”时必须平

衡摩擦力B．用此装置探究“小车的加速度与质量的关系”并用图象法处理数据时，如果画出的a﹣Μ关系图象是一条曲线，就可以确定加速度与质量成反比C．用此装置探究“功与速度变化的关系”实验时，将放置打点计时器

的那端木板适当垫高，目的是为了平衡摩擦力D．用此装置探究“小车的加速度与外力的关系”时，若用钩码的重力代替绳子对小车的拉力，应让钩码质量远小于小车质量【考点】M4：探究小车速度随时间变化的规律；M8：探究加速度与物体质量、物体受力的关系；MJ：探究功与

速度变化的关系．菁优网版权所有【专题】13：实验题；31：定性思想；43：推理法；524：摩擦力专题．【分析】利用图示小车纸带装置可以完成很多实验，在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力，在探究“小车的加速度与质量

的关系”和探究“功与速度变化的关系”实验时，需要平衡摩擦力；在探究“小车的加速度与质量的关系”时，根据牛顿第二定律求出加速度a的表达式，不难得出当钧码的质量远远大于小车的质量时，加速度a近似等于g的结论。【解答】解：A．在利用该装置“研究匀变速直线运动”的实验中

，摩擦力不影响研究结果。故A错误；B．在利用该装置来“探究物体的加速度与质量的关系”时，可以通过图象法处理数据，加速度a与小车的质量m成反比，画出a﹣m的关系不能确定加速度与质量的关系，要画出a−𝟏𝒎的关系才能确定加速度与质量的关系。故B错误；C．在利用该装置来做

“探究功与速度变化的关系”实验前，木板左端被垫起一些，使小车在不受拉力作用时做匀速直线运动，这样做的目的是为了补偿阻力，使小车受到的拉力等于砝码的重力。故C正确；D．在利用该装置来“探究物体的加速度与力、质量的关系”时，设小车的质量为M，小吊盘和盘中物块的质量为m，设绳子上拉力为

F，以整体为研究对象有mg＝（m+M）a解得a=𝒎𝒈𝑴+𝒎以M为研究对象有绳子的拉力F＝Ma=𝑴𝑴+𝒎mg；显然要有F＝mg必有m+M＝M，故有M＞＞m，即只有M＞＞m时才可以认为绳对小车的拉力大小等

于小吊盘和盘中物块的重力。故D正确；故选：CD。【点评】该题涉及的实验比较大，要明确实验原理，根据物理定律求出相应的表达式，然后可以讨论得出相应结论。实验时要平衡摩擦力，平衡摩擦力不足或过平衡摩擦力都是错误的。1

0．（11分）国际（GB/T）规定自来水在15℃时电阻率应大于13Ω•m．某同学利用图甲电路测量15℃自来水的电阻率，其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管，细管上加有阀门K以控制管内自来水的水量，玻璃管℃两端接有导电活塞（活塞电阻可忽略），右活

塞固定，左活塞可自由移动，实验器材还有：电源（电动势均为3V，内阻可忽略）；电压表V1（量程为3V，内阻很大）；电压表V2（量程为3V，内阻很大）；定值电阻R1（阻值4kΩ）；定值电阻R2（阻值2kΩ）；电阻箱R（最大阻值99

99Ω）；单刀双掷开关S；导线若干；游标卡尺；刻度尺。实验步骤如下：A．用游标卡尺测量玻璃管的内径d；B．向玻璃管内注满自来水，并用刻度尺测量水柱长度L；10C．把S拨到1位置，记录电压表V1示数；D．把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使

电压表V2示数与电压表V1示数相同，记录电阻箱的阻值R；E．改变玻璃管内水柱长度，重复实验步骤C、D，记录每一次水柱长度L和电阻箱阻值R；F．断开S，整理好器材。（1）测玻璃管内径d时游标卡尺示数如图乙，则d＝30.00mm。（2）玻璃管内水柱的电阻Rx

的表达式为：Rx＝𝑹𝟏𝑹𝟐𝑹（用R1、R2、R表示）。（3）利用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据，绘制出如图丙所示的R−𝟏𝑳关系图象，自来水的电阻率ρ＝14Ω•m（保留两位有效数字）。（4）本实验中若电压表V1内阻不是很大，则自来水电阻率测量结果将偏大（填“偏大”“不变

”或“偏小”）。【考点】N2：测定金属的电阻率．菁优网版权所有【专题】13：实验题；31：定性思想；43：推理法；535：恒定电流专题．【分析】（1）游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数。（2）分别求出S接1和接2时电路的总电压，利用并联电压相等列式，求出Rx；（3）从图丙读

出数据，利用电阻定律求出电阻率ρ；（4）分析若电压表V1内阻不是很大，对测量电阻Rx的影响，再判断自来水电阻率测量的影响。【解答】解：（1）游标卡尺的主尺读数为：3.0cm＝30mm，游标尺上第0个刻度和主尺上刻度对齐，所以最终读数为：30.00mm；（2）设把S拨到1位

置时，电压表V1示数为U，则此时电路电流为𝑼𝑹𝟏，总电压𝑼总=𝑼𝑹𝒙𝑹𝟏+𝑼，当把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使电压表V2示数与电压表V1示数相同也为U，则此时电路中的电流为𝑼𝑹，总电压U总′=𝑼𝑹⋅𝑹𝟐+U，由于两次总电压相等，

都等于电源电压E，可得𝑹𝒙𝑹𝟏=𝑹𝟐𝑹，解得Rx=𝑹𝟏𝑹𝟐𝑹，（3）从图丙中可知，R＝2×103Ω时，𝟏𝑳=𝟓.𝟎𝒎−𝟏，此时玻璃管内水柱的电阻Rx=𝑹𝟏𝑹𝟐𝑹=4000Ω，水柱横截面积S=�

�(𝒅𝟐)𝟐=𝟕.𝟎𝟔𝟓×𝟏𝟎−𝟒𝒎𝟐，由电阻定律𝑹=𝝆𝑳𝑺得𝝆=𝑹𝑺𝑳=4000×7.065×10﹣4×5Ω•m＝14Ω•m（4）若电压表V1内阻不是很大，则把S拨到1位置时，此时电路电流大于𝑼𝑹𝟏，实际总电压将大于𝑼总=𝑼

𝑹𝒙𝑹𝟏+𝑼，所以测量的Rx将偏大，因此自来水电阻率测量结果将偏大；故答案为：（1）30.00；（2）𝑹𝟏𝑹𝟐𝑹；（3）14；（4）偏大。【点评】本题考查了游标卡尺的读数，等效替代法测电阻，电阻定律以及对实验误差的分析，解答本题的关键是

明确实验目的，所有的步骤都为了测电阻率，所以要测量电阻、水柱横截面积、水柱的长度。11．（12分）如图所示，两平行金属板P1和P2之间的电压为U．一个带负电的粒子在两板间沿虚线所示路径做加速直线运动．粒子通过两平行板后从O点进入另一磁感应强度为B的匀强磁场中，在洛伦兹力的作用下，粒

子做匀速圆周运动，经过半个圆周后打在挡板MN上的A点．已知粒子的质量为m，电荷量为q．不计粒子重力．求：（1）粒子进入磁场时的速度v；（2）O、A两点间的距离x．11【考点】AK：带电粒子在匀强电场中的运动；CI：带电粒子在匀强磁场中的运动．菁优网版权所有【专题】537：带电粒子在复合场中

的运动专题．【分析】（1）带电粒子在加速电场中电场力做功等于粒子动能的增加量，由动能定理可以求得粒子进入磁场时的速度v；（2）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，在磁场中运动半个圆周后打在A点，洛伦兹力提供向心力；O、A两点间的距离

是圆的直径．【解答】解：（1）带电粒子在加速电场中电场力做功等于粒子动能的增加量，由动能定理qU=𝟏𝟐𝒎𝒗𝟐得：𝒗=√𝟐𝒒𝑼𝒎（2）设带电粒子的轨道半径为R，洛伦兹力提供向心力，得：𝒒𝒗

𝑩=𝒎𝒗𝟐𝑹整理得：𝑹=𝒎𝒗𝒒𝑩O、A两点间的距离x：𝒙=𝟐𝑹=𝟐𝒎𝒗𝒒𝑩=𝟐𝑩⋅√𝟐𝒎𝑼𝒒答：（1）粒子进入磁场时的速度𝒗=√𝟐𝒒𝑼𝒎；（2）O、A两点间的距离为𝟐𝑩⋅√𝟐𝒎𝑼𝒒．【点评】该题中带电粒子先在电场中

加速，后在匀强磁场中做匀速圆周运动，都是基本的情景．题目简单．12．（20分）如图所示为过山车模型，它由光滑水平轨道和竖直面内的光滑圆形轨道组成，Q点为圆形轨道最低点，M点为最高点，圆形轨道半径R＝0.32m。水平轨道PN右侧的光滑水平地面上，并排放置两

长木板c、d，两木板间相互接触但不粘连，长木板上表面与水平轨道PN平齐，木板c质量m3＝2.2kg，长L＝4m，木板d质量m4＝4.4kg。质量m2＝3.3kg的小滑块b放置在轨道QN上，另一质量m1＝1.3kg的小滑块a从P点以水平速度v0向右运动，

沿圆形轨道运动一周后进入水平轨道与小滑块b发生弹性碰撞。碰后a沿原路返回到M点时，对轨道压力恰好为0．已知小滑块b与两长木板间的动摩擦因数均为μ＝0.16，g＝10m/s2。（1）求小滑块a与小滑块b碰撞后，a和b的速度大小v1和v

2；（2）碰后滑块b最终恰好没有离开木板d，求滑块b在木板c上滑行的时间及木板d的长度。【考点】53：动量守恒定律；6B：功能关系．菁优网版权所有【专题】22：学科综合题；32：定量思想；4C：方程法；52G：动量和能量的综合．【分析】（1）a恰好通

过M对轨道没有压力，重力提供a做圆周运动的向心力，由牛顿第二定律可以求出a的速度，a与b碰撞过程中系统动量守恒、机械能守恒，a碰后返回到圆轨道最高点过程中，机械能守恒，由动量守恒定律与机械能守恒定律可以求出碰后a、b的速度。（2）b做

匀减速运动，c、d做匀加速运动，由牛顿第二定律与运动学公式可以求出b的滑行时间与木板长度。【解答】解：（1）小滑块a在M点，由牛顿第二定律得：m1g＝m1𝒗𝑴𝟐𝑹，小滑块a从碰后到到达M的过程中，由机械能守恒定律得：𝟏𝟐m1v12=𝟏𝟐m1vM2+m1g•2R，12解得：

v1＝4m/s，两滑块碰撞过程中动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m1v0＝﹣m1v1+m2v2，碰撞过程中机械能守恒，由机械能守恒定律得：𝟏𝟐m1v02=𝟏𝟐m1v12+𝟏𝟐m

2v22，解得：v0＝9.2m/s，v2＝5.2m/s；（2）小滑块b滑上长木板c时的加速度大小a1＝μ0g＝1.6m/s2，此时两块长木板的加速度大小a2=𝝁𝟎𝒎𝟐𝒈𝒎𝟑+𝒎𝟒=0

.8m/s2，小滑块b在c上滑行过程中，b的位移：x1＝v2t−𝟏𝟐a1t2，两块长木板的位移x2=𝟏𝟐a2t2，x1﹣x2＝L，解得：t＝1s，t=𝟏𝟎𝟑s不合题意，舍去；b刚离开长木板c时，b的速度v2′＝v2﹣a1t

＝3.6m/s，b刚离开长木板c时，d的速度v3＝a2t＝0.8m/s，设d的长度至少为x，由动量守恒定律可得：m2v2′+m4v3＝（m2+m4）v，解得v＝2m/s，由能量守恒定律得：μ0m2gx=𝟏𝟐m2v2′2+𝟏𝟐m4v32−𝟏𝟐（m2+m4）v2，解得：x＝1

.4m。答：（1）小滑块a与小滑块b碰撞后，a和b的速度大小v1＝4m/s，v2＝5.2m/s；（2）滑块b在木板c上滑行的时间为1s，木板d的长度为1.4m。【点评】本题主要是考查了动量守恒定律和能量守恒定律；对于动量守恒定

律，其守恒条件是：系统不受外力作用或某一方向不受外力作用；解答时要首先确定一个正方向，利用碰撞前系统的动量和碰撞后系统的动量相等列方程，再根据能量关系列方程求解。【物理----选修3-3】（15分）13．（5分）（1）下列说法中正确的是（）（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得

4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）A．能量耗散说明能量在不断减少B．同温度下未饱和汽的压强小于饱和汽压，温度升高时，饱和汽压增大C．液体表面张力产生的原因是因为液体表面层分子平均距离略大于液体内部分子平均距离D．物体由大量分子组成，其单个分子的运动是无规

则的，大量分子的运动也是无规律的E．热力学第二定律也可以表述为：气体向真空的自由膨胀是不可逆的【考点】8H：热力学第二定律；95：液体的表面张力；9G：饱和汽、未饱和汽和饱和汽压．菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；541：分子运动论专题．

【分析】能量不会产生也不会失，可以转化与转移；在一定温度下，饱和汽的压强也是一定的，这个压强叫这种液体的饱和汽压，温度越高饱和汽压越大，未饱和汽的压强小于饱和汽压。液体表面张力产生的原因是因为液体表面层分子平均距离略大于液体内部分子平均距离；大量分子的运动具有统计规律，其单个

分子的运动是无规则的；热力学第二定律也可以表述为：气体向真空的自由膨胀是不可逆。【解答】解：A、能量不会产生也不会失，可以转化与转移。则A错误B、在一定温度下，饱和汽的压强也是一定的，这个压强叫这种液体的

饱和汽压，温度越高饱和汽压越大，未饱和汽的压强小于饱和汽压。则B正确C、液体表面张力产生的原因是因为液体表面层分子平均距离略大于液体内部分子平均距离，则C正确D、大量分子的运动具有统计规律，其单个分子的运动是无规则的

，则D错误E、热力学第二定律也可以表述为：气体向真空的自由膨胀是不可逆的。故E正确故选：BCE。【点评】该题考查热学中的多个知识点的内容，熟练掌握了基本概念就能顺利解决3﹣3的题目，因为此类题目难度较低，但应注意多加积累，全面掌

握。14．（10分）如图所示，一个开口向上的圆筒气缸直立于地面上，距缸底2L处固定一个中心开孔的隔板a，在小孔处装有一个能向下开启的单向阀门b，只有当上部压强大于下部压强时，阀门才开启。C为一质量与摩擦均不计的活塞，开始时隔板以下封闭气体压强为1.2P0（P0为大气压强）；隔板以上由活塞c封

闭的气体压强为P0，活塞c与隔板距离为L．现对活塞c施加一个竖直向下缓慢增大的力F，设气体温度保持不变，已知F增大到F0时，可产生向下的压强为0.2P0，活塞与隔板厚度均可不计，求：（1）当力缓慢增大

到2F0时，活塞c距缸底高度是多少？13（2）当力缓慢增大到4F0时，缸内各部分气体压强是多少？【考点】99：理想气体的状态方程；9D：气体的等温变化．菁优网版权所有【专题】54B：理想气体状态方程专题．【分析】（

1）当力缓慢增大到b刚开启时，上部分的气体压强增大到1.2P0，根据玻意耳定律求出此时上部分气体的长度，再对上下两部分整体进行研究，根据玻意耳定律求解当力缓慢增大到2Fo时，活塞c距缸底的高度；（2）当力为4Fo时，根据玻意耳定律求出气体的长度，若活塞c

落到隔板上时，气体全部进入隔板a之下，气体的总长度为2L，根据玻意耳定律求出压强。【解答】解：（1）对上面气体，到b开启时，P0•L＝1.2P0•L1，L1=𝟓𝟔L对全部气体，当力为2Fo时，气体的总长度为L1+2L=𝟏𝟕𝟔𝑳由玻意耳定律得：1.2P0•𝟏𝟕𝟔L

＝1.4P0•L2，解得，𝑳𝟐=𝟏𝟕𝟕𝑳（2）当力为4Fo时，P＝1.8P0，由1.4P0•𝟏𝟕𝟕𝑳=1.8P0•L3，得L3=𝟏𝟕𝟗𝑳＜2L，全部气体都在隔板a之下，最后气体高度应为L4＝2L，设压强为

P4则：1.4P0•𝟏𝟕𝟕𝑳=P4•L4，P4＝1.7P0答：（1）当力缓慢增大到2F0时，活塞c距缸底高度是𝟏𝟕𝟕L。（2）当力缓慢增大到4F0时，缸内各部分气体压强是1.7P0。【点评】本题的解题关键是抓住上部分的气体压强增大到1.2P0时这个中间状态研究，在上下的压强

相等的状态下，可把两部分气体当作整体进行研究。三、【物理选修3-4模块】（15分）15．（1）在狭义相对论中，下列说法正确的有（）（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）A．在不同的惯性系中，一切物理规律都是相同的

B．质量、长度的测量结果与物体相对观察者的相对运动状态无关C．物体的质量永远不变D．物体的能量与质量成正比E．真空中光速在不同的惯性系中都是相同的【考点】K1：狭义相对论．菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；54P：爱因斯坦的质能方程应用专题．【分

析】在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的；光速不变；时间、质量、空间都随速度的变化而变化；质能方程E＝mc2，知物体具有的能量与其质量成正比。【解答】解：A、根据爱因斯坦狭义相对论的相对性假设，有：在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的；故A正确。B、C根据狭义相对论

的几个基本结论，质量、长度、时间的测量结果会随物体与观察者的相对状态而改变，故BC错误。D、根据公式E＝mc2表明物体具有的能量与其质量成正比，故D正确。E、根据爱因斯坦狭义相对论的光速不变原理，真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，故E正确。故选：ADE。【点

评】此题考查狭义相对论的两个基本假设和几个基本结论，应该记住这几个结论并理解它们，此题属于基础题。16．如图甲所示是由透明材料制成的半圆柱体，一束细光束由真空沿着径向与AB成θ角射入后对射出的14折射光线的强度进行记录，发现它随着θ角的变化而变化，变化关系如图乙所示，如图丙所示是这种

材料制成的玻璃砖，左侧是半径为R的半圆，右侧是长为4R，宽为2R的长方形，一束单色光从左侧A′点沿半径方向与长边成45°角射入玻璃砖，求：①该透明材料的折射率；②光线在玻璃砖中运动的总时间；（光在空气中的传播速度为c）【考点】H3：光的折射定律．菁优网版权所有【专题】11：计算题；32：定量思想；

4F：几何法；54D：光的折射专题．【分析】①由图象能读出此透明体的临界角，根据全反射临界角公式sinC=𝟏𝒏，求解折射率n；②根据光路图，结合光的全反射，确定总的光程L，并根据v=𝒄𝒏与t=𝑳𝒗，

即可求解总时间。【解答】解：①由图乙可知，θ＝45°时，折射光线开始出现，说明此时对应的入射角应是发生全反射的临界角，即：C＝90°﹣45°＝45°根据全反射临界角公式sinC=𝟏𝒏，得：n=𝟏𝒔𝒊𝒏𝑪=√𝟐②因为临界角是45

°，光线在玻璃砖中刚好发生5次全反射，光路图如图所示，则总的光程为L＝（2+8√𝟐）R光在器具中的传播速度为：v=𝒄𝒏=√𝟐𝟐c光在器具中的传播时间：t=𝑳𝒗=(𝟐√𝟐+𝟏𝟔)𝑹𝒄；答：①该透明材料的折射率是√𝟐；②光线在玻璃砖中运动的总时间是(𝟐√𝟐+

𝟏𝟔)𝑹𝒄。【点评】解决本题关键要理解全反射现象及其产生的条件，并掌握临界角公式，同时注意光在器具中的传播速度与光在真空中传播速度的不同。声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2019/4/1418:27:44；用户：t

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