【文档说明】贵州省贵阳市第一中学2024-2025学年高三上学期高考适应性月考卷（一）物理试卷.pdf，共(11)页，6.599 MB，由envi的店铺上传

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ACCASgGRFAEsAABwANABAA=}#}{#{QQABAYCkwwgQkoQACZ57Aw0oCQiQkIESJegGhUAFqAxjAZNABIA=}#}物理参考答案·第1页（共5页）贵阳第一中

学2025届高考适应性月考卷（一）物理参考答案选择题：共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，全部选对的给5分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。【

解析】1．衰变产生的电子是核内的中子转变成一个质子和一个电子，质子留在核内，电子释放出来，故A错误。原子核发生β衰变的原因是弱相互作用，故B错误。原子核的衰变速度不随温度的变化而变化，故C错误。根据题意可知，25年为

两个半衰期，则氚会剩原来的四分之一，故D正确。2．恰好有光从圆弧面射出，光路图如图1所示，临界角为，根据临界角公式1sinn，设此时光线与AC面交点为D点，即AD过程没有光线从圆弧面射出，根据数学知识11sin)1)ADRRn（（

，看到射出光的时刻(1)ADRntnvv，故C正确。3．xt图像只能够描述直线运动，即乙做直线运动，故A错误。由公式stv，0~16s内，甲、乙初末位置相同，即位移相同，又经过时间相同，则甲、乙的平均速度相同，故B正确。xt图像的斜率表示

速度，将甲图像向右上方平移至与乙图像相切，该时刻两者图像的斜率相等，即该时刻甲、乙的速度相同，故C正确。乙的图线是抛物线，乙做匀变速直线运动，由于xt图像斜率的绝对值表示速度大小，斜率的正负表示速度方向，乙图斜率的绝对值先减小后增大，斜率先为正值后为负值，表明乙先做匀减速运动再

反向做匀加速运动，故D正确。4．冰壶做匀减速直线运动，末速度为0，运用逆向思维方法，由公式21112xat，代入10.1mx，11st，得20.2m/sa，故A正确。冰壶滑行距离为10m，由公式2202tasvv，则初速题号12345678910答案DC

AABCBBDABCAD图1{#{QQABCYAAggAAApAAARhCAwlYCAGQkACCASgGRFAEsAABwANABAA=}#}{#{QQABAYCkwwgQkoQACZ57Aw0oCQiQkIESJegGhUA

FqAxjAZNABIA=}#}物理参考答案·第2页（共5页）度022m/sasv，故B错误。第3s初即第2s末，且冰壶做匀减速直线运动，由公式0tatvv，代入2st，则第3s初的速度1.6m/sv，故C错误。冰壶滑行至停下用时

000210s0.2ttavv，则第二个6s内实际仅滑行4s，不满足相等时间间隔内位移之比3∶1，故D错误。5．由图可知，两个物体下落的高度是相等的，根据212hgt，又gtv，可知甲乙两球下落到轨道的时间相等，

即甲、乙两球同时落到轨道上，甲乙两球下落到轨道的速度变化量相同，故A、C错误。设圆形轨道的半径为R，则甲水平位移为sin301.5xRRR甲，乙水平位移为sin300.5xRRR乙，可得3xx甲乙，小球水平方向做匀

速直线运动，则有1231∶∶vv，故B正确。由平抛运动推论，速度反向延长线过水平位移中点，由题图可知若甲球垂直打在轨道上，由几何关系，其速度方向延长线应过O点，与推论矛盾，则甲球不可能沿半径方向垂直打在半圆形竖直轨道上，故D错误。6．如图2所示，N变大，则f一定增大，故C正确。7．由图乙

可知，下落过程中运动员先加速后减速，即加速度先向下后向上，运动员先失重后超重，故A错误。当合力为0时速度最大，弹力等于重力，由图乙所示，15ml时，运动员的速度最大，0a，即kxmg，解得15

0N/mmgkx，故B正确。弹性绳长为24m时，绳处于拉伸形变，且弹力150(2410)N2100NFkx，由牛顿第二定律得Fmgma，解得218m/sFmgam，故C错误。图乙描述的是运动员速度v和下落距离l的关系，

即lv图，其斜率akxvv，从5mx到15mx过程中，速度v增加，斜率k减小，加速度无法判断，故D错误。8．由乙图可知，水波波长1m，故A错误。由丙图可知，水波的周期0.8sT，由公式

1.25m/sTv，故B正确。浮子只会在平衡位置上下振动，不会“随波逐流”，故C错误。由于传播方向不确定，若浮子A先振动，由图丙可知，则水波从A传到B经历的时间为34tnTT（1n，2，3…），则3n时，031530.8s3s44tT

，AB间距离可能为003.75mstv，则B浮子的坐标可能为4.25mBx，故D正确。图2{#{QQABCYAAggAAApAAARhCAwlYCAGQkACCASgGRFAEsAABwANABAA=}#}{#{Q

QABAYCkwwgQkoQACZ57Aw0oCQiQkIESJegGhUAFqAxjAZNABIA=}#}物理参考答案·第3页（共5页）9．如图3所示，有2tan(sin)mgmLrtansing

Lr，cosFmgT，故A、B、C正确。10．初始时，对A、B整体受力分析，设此时弹簧压缩量为1x，根据胡克定律，有1()sinABFkxmmg弹，解得10.2mx，故A正确。撤掉外力瞬间，取ABC系统，有1()sin()CABABCmgF

mmgmmma弹，且弹簧弹力不发生突变，仍有()sinABFmmg弹，即1()CABCmgmmma，解得212m/sa，故B错误。AB恰好分离时AB间弹力为零，以BC整体为研究对象，

有2sin()CBBCmgmgmma，解得20a，则A的加速度大小也为0，此时弹簧处于压缩状态，故C错误。AB恰好分离时，以A为研究对象，有2sin0AAFmgma弹，设此时弹簧的压缩

量为2x，由胡克定律有2Fkx弹，解得20.1mx，所以从撤去外力到A、B恰好分离整个过程，A沿斜面移动的位移120.1msxx，故D正确。三、非选择题：共5小题，共57分。11．（5分）（1）4.8

9（2分）（2）9.78（3分）12．（除特殊标注外，每空1分，共10分）（1）A2（2）1V1500（2分）（3）如图4所示（3分）（4）32UI（2分）小于【解析】（1）（2）由于是串联，而且只有电压表1V内阻已知，则电压表选1V由串联分压可知，电压表1V

的电压为3V时，ZR的电压为1.5V，则3V30001.5VZR，解得ZR为1500Ω。电流表测量的最大电流为m2.5W0.56A4.5VI，则电流表选A2。（3）实验要求加在小灯泡上的电压可从零开始调节，则电路应用“分压式”，小灯泡的阻值较小，为

减小误差用“外接法”测电阻。图4图3{#{QQABCYAAggAAApAAARhCAwlYCAGQkACCASgGRFAEsAABwANABAA=}#}{#{QQABAYCkwwgQkoQACZ57Aw0oCQiQkIESJegGhUAFqAxjAZNABIA=}#}物理参考答案·第

4页（共5页）（4）由题可知，小灯泡两端电压为32U，流过小灯泡的电流约为I，则小灯泡的电阻为32UI。用外接法测电阻，电流表的读数大于小灯泡的电流，故测量值小于真实值。13．（9分）解：（1）原来筒内气体076cmHgp，

000VSL①后来筒内气体1066cmHghppp，101VSL②对于等温过程0011pVpV③解得103838cm33LL④（2）活塞上升的高度为1015cmLhL⑤评分标准：本题共9分。正确得出①、④式各给1分，得出②、③式各给2分，得出⑤式给

3分。14．（14分）解：（1）由牛顿第二定律有21NFmgmRv①由牛顿第三定律有NNFF②滑板对轨道的压力N620NF③（2）由sinmgma④1atv⑤解得1.6st⑥（3）滑板由B至C，由机械能守恒定律221211122mmmghvv⑦设滑板经过C点时的速度方向与

水平方向的夹角为，则1cosRhR⑧2sinyvv⑨滑板由C至D，竖直方向222yghv⑩122.912mHhh⑪评分标准：本题共14分。正确得出①、⑦、⑩式各给2分，其余各式各给1分。{#{QQ

ABCYAAggAAApAAARhCAwlYCAGQkACCASgGRFAEsAABwANABAA=}#}{#{QQABAYCkwwgQkoQACZ57Aw0oCQiQkIESJegGhUAFqAxjAZNABIA=}#}物理参考答案·第5页（共5页）15．（19分）解：（1

）对B有2BBBmgma，21m/sBa①对C有3CCCmgma，25m/sCa②（2）对A有132()ABCCBAAFmmmgmgmgma③25m/sAa④设经时间1t，AC速度相等，且为ACv，由101ACACatat

vv⑤解得11st，5m/sACv⑥（3）0～t1时间内，A的位移112.5m2ACAxtvB的位移21110.5m2BBxatC的位移017.5m2ACCxtvvC相对于A滑动的距离15mCACAxxx⑦B相

对于A滑动的距离112mBAABxxx⑧C与A共速后，C与A不在发生相对运动，此时B的速度11m/sBBatv。对AC整体121()()ABCBACACmmmgmgmma，213m/sACa⑨设再经过时间

2t，AB速度相等，且为ABv，由122ABACACBBatatvvv解得21st，2m/sABv⑩1t～2t时间内，A的位移223.5m2ACABAxtvvB的位移221.5m2BABBxtvvB相对于A滑动的距离2222mBAABxxx⑪B与A速度

相等后，由于12，()AC和B各自匀减速到停止。对AC整体122()()ABCBACACmmmgmgmma，222m/sACa⑫这段时间内，AC整体的位移2321m2ABACxa

v，B的位移232m2ABBBxav，B相对于A滑动的距离3331mBABAxxx⑬所以，当ABC都静止时，BC间的距离1232mBCCABABABAxLxxxx⑭评分标准：本题共19分。正确得出①、②、③、⑤、⑭式各给2分，其余各式各给1分

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