【文档说明】安徽省皖南八校2024-2025学年高三上学期第二次大联考（12月）物理试题 Word版含解析.docx，共(14)页，820.125 KB，由envi的店铺上传

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2025届“皖南八校”高三第二次大联考物理考生注意：1．本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2．考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑

；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。3．本卷命题范围：高考范围。一、选择题（本题共10小题，共42

分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，每小题4分；第9~10题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）1．如图甲所示，用强度不变的单色

光照射阴极K，改变滑动变阻器的滑片位置，得到流过电流表的光电流I与电压表两端电压U的关系图像如图乙所示．当电压表示数分别为23UU00、时，到达阳极A的光电子最大动能的比值为（）图甲图乙A．1:1B．1:2C．2:3D．3:42．如图甲，某水池中有一

点光源S，点光源S仅包括单色光a和b，在水面上形成一个被照亮的圆形区域（如图乙），小圆区域为复色光照亮区域，大圆环区域仅为单色光b照亮区域．已知水对单色光a的折射率为1n，对单色光b的折射率为2n，下列说法正确的是（）甲乙A．21nnB．单色光6照射到小圆区域边界处的折射角正弦值为21nnC．用

同一装置做双缝干涉实验，a光比b光的干涉条纹间距宽D．若某单缝能使b光发生明显衍射现象，则也一定能使a光发生明显衍射现象3．一质点做匀变速直线运动的xtt−图像如图所示，下列判断正确的是（）A．0t和03t时刻

质点的位移相同B．0t和03t时刻质点的速度等大反向C．00~2t时间内质点通过的路程为00vtD．02t时刻质点的速度方向发生改变4．正方形导线框水平放置，mn和ef为导线框的两条轴线，导线框处于匀强磁场中，磁感应强度的方向与水平面成37=

斜向下，第一次导线框以角速度绕mn轴匀速转动，第二次导线框以角速度绕ef轴匀速转动．sin370.6,cos370==，则两次导线框的热功率之比为（）A．1:1B．9:25C．16:25D．9:1

65．一赛车场的圆环形车道修建在水平地面上，中心为P．赛道倾斜，虚线部分的竖直截面如图所示，AB是半径为R的四分之一圆弧．O为圆心，OA水平，OB竖直，BP距离为L．赛车都在水平面内做匀速圆周运动，某一瞬时，甲、乙两辆赛车恰好在同一竖直面内不

同高度处，不考虑赛车受到的侧向摩擦力作用．下列说法正确的是（）A．乙车行驶速度较大B．此瞬间乙车向心加速度较大C．若乙车提高行驶速度，则其距离地面的高度将会加大D．若甲车改变行驶速度，有可能在离地面高度为R的圆周上运动6．两个可看成质点的带电物

体A和B，带电荷量分别为Q和q．物体A固定在斜面底端，物体B最初在外力作用下静止，距离A物体0L．撤去外力后，物体B开始沿斜面运动，最终静止在斜面上某处（未与A相碰）．已知点电荷形成的电场中某点电势的计算式为kQr=（k为静电力常量，Q为点电荷的电荷量，r

为该点到点电荷的距离）．物体B质量为m，与斜面的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力．斜面倾角为，重力加速度为g．下列说法正确的是（）A．物体A、B一定带异种电荷B．最终静止时，物体B所受摩擦力方向一定沿斜面向上C．物体B到A

物体的最小距离为0(sincos)kQqmgL−D．物体B在运动过程中速度最大时到物体A的距离为(sincos)kQqmg+7．甲图是一种齿轮转速检测器的原理示意图．一长方体霍尔元件放置于磁体和转动的齿轮之间，齿轮共有10个齿．当齿轮的齿靠近磁体时

，由于齿被磁化，霍尔元件处的磁感应强度增大（方向不变），霍尔元件上下表面间的霍尔电压HU会随之变化，此电压通过整流放大，形成如乙图所示的HUt−图像．下列说法正确的是（）甲乙A．若霍尔元件中载流子为电子，则上表面的电势低于下表面B．如果只增大

c边的长度，HU会增大C．如果只增大齿轮的转速，则1U会增大D．根据乙图可知齿轮转速为1r/s8．一列简谐横波沿x轴方向传播，波速08m/s0vt==．，时刻的波动图像如图所示，质点P的平衡位置坐标为06mpx=．，质点P第一次到达平衡位置的时间比坐标原点处的质点早，则下列说法中正确的是

（）A．波沿x轴负方向传播B．该简谐波的周期为15s．C．0~1s内，质点P运动的路程为24cmD．质点P的振动方程为π0.16sinπm4yt=−9．卫星互联网是新型基础设施之一，也是全球天空资源竞赛的重要领域．2024年8月6日，“千帆星座”首批18颗商业组网卫星成功发射

升空，并顺利进入预定轨道，发射任务取得圆满成功．这首批18颗卫星成功发射人轨，拉开这一宏大计划的序幕．若这18颗卫星绕地球运动线速度的立方与角速度()3v−图像如图，其斜率为k．已知地球的半径为R，引力常量为G，卫星绕地球的运动可

看作匀速圆周运动，下列判断正确的是（）A．地球的质量为GkB．地球的密度为334πkGRC．地球的第一宇宙速度为kRD．若卫星的运动周期为1T，则卫星离地球表面的高度为2312πkTR−10．如图，两根轻杆与质量为M的球甲通过轻质铰链连接．轻杆长度都为L．C、D为两个完全相同

的物块，质量都为m．开始时，两轻杆处在竖直方向，C、D恰好与杆接触，C、D都静止在水平地面上．某时刻受扰动，两杆推动C、D物体分别向左右运动，当为60时，杆与物体仍未分离．甲、C、D在同一竖直平面内运动，忽略一切

摩擦，重力加速度为g．在甲球从静止开始运动到落地的过程中，下列说法正确的是（）A．当为60时，3Cvv=甲B．当为60时，(23)6MgLvMm−=+甲C．当为45时，ag甲D．左杆末端与物体C一定会在甲落地前分离二、非选择题：本题共5

小题，共58分。11．（8分）为了探究质量一定时加速度与力的关系，某同学设计了如图甲所示的实验装置，其中带滑轮的小车的质量为M，沙和沙桶的质量为m．（1）实验时，一定要进行的操作是_________．A．每次实验前用天平测出砂和砂桶的质量B．实验前应将带滑轮的长木板右端适当垫高，以平衡摩

擦力C．为减小误差，实验中一定要保证沙和沙桶的质量m远小于小车的质量MD．实验时小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数（2）该同学在实验中得到如图乙所示的一条纸带，不小心造成污损，各对应点无误，已测出1s、2s，查得打点计时器

采用的交流电频率为f，根据纸带可求出小车的加速度为_________（用f、1s、2s表示），若交流电的实际频率高于f，则上述计算结果与实际值比较_________（选填“偏大”“偏小”或“相同”）（3）丙图为小车的加

速度a与弹簧测力计示数F的图像，其中一个图像小车M上没有放物体，另一个图像表示小车M上放上物体0m时的情况，则物体的质量0m=_________（用图像中所给物理量的符号表示）．甲乙丙12．（8分）某实验小组用图示电路测量电源的电动势和内

阻，已知电流表1A、2A是用相同的电流计改装而成的，电流表1A的量程为0~06A．，内阻为30．，电流表2A的量程为0~30A．．闭合开关，改变电阻箱的电阻，得到多组电流表1A的电流I与电阻箱的阻值R的数据，作出图像如图所示。（1）电流表2A的内阻为_________．（2）根据图像可以求得电

源的电动势为_________V，内电阻为_________．13．（12分）如图所示，一定质量的理想气体由状态A经状态B、状态C回到状态A．其变化过程的pV−图像如图中的实线所示，已知一定质量的理想气体的内能与其热力学温度成正比，气体在状态A时的内能为0U，求：（1）气体在状态B

时的内能；（2）气体由状态B至状态C放出的热量；（3）完成一个循环，气体放出的热量。14．（13分）如图所示，在坐标系xOy的第二象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度为E，在第一象限内磁场垂直纸面向外、第四象限内磁场垂直纸面向里，且第四象限磁场磁感应强度是第一象限的2倍；第一象限内

距离y轴L处，垂直x轴放置足够长的感应屏．一质量为m，电荷量为q的带正电粒子从直角坐标系第二象限的P点以初速度大小0v、方向与x轴正方向成37斜向上飞出，恰好从O点射入磁场，速度方向与x轴正方向夹角为53，一段时间后粒子垂直击中感应屏．粒子重力不计，sin3706cos3708=

=．，．，求：（1）P点的位置坐标；（2）第一象限磁场磁感应强度的最小值．15．（17分）如图所示，在光滑水平面上有一半径为R、质量为m的四分之一光滑圆弧轨道，圆弧轨道底端与水平面相切，质量为3m的物块静止在水平面上，右侧有一倾角为37=的固定粗粗斜面，与水平面

平滑连接，斜面高度215Rh=．质量为2m的小球由圆弧轨道最高点静止释放，小球与物块发生弹性碰撞后，物块滑上斜面，然后滑下，与小球再次碰撞，重力加速度为g，sin3706cos3708==．，．．求：（1）小球滑到圆弧轨道底端时圆弧轨道的位移大小；（2）第一次与物块碰后小球的速度大小；

（3）物块与斜面间的动摩擦因数的取值范围．（答案用分数表示）2025届“皖南八校”高三第二次大联考·物理参考答案、解析及评分细则1．D根据题意可知，光电子从金属表面逸出后的最大初动能为km0EeU=，根据动能定理可得当电压表示数分别为02U、03U时，到达阳极A的光电子的最大

动能分别为k1km0k2km02,3EEeUEEeU=+=+，联立可得00k1k2002334UUEEUU+==+，D正确．故选D．2．B由图乙可知，单色光a照射到小圆区域边界处刚好发生全反射，设此时入射角为i

，则有11sinsinaiCn==，则单色光b照射到小圆区域边界处时，根据折射定律可得2sinsinrni=，联立可得单色光b照射到小圆区域边界处的折射角正弦值为21sin1nrn=，故B正确，A错误；因为2

1nn，故单色光b频率小，波长大．由双缝干涉条纹间距公式Lxd=知，a光比b光的干涉条纹间距窄．C错误；波长越大衍射现象越明显，故D选项错误．3．C由2012xvtat=−可知012xvatt=−，故质点初速度大小为0v，加速度大小为000,

vatt=时刻质点的速度1000vvat=−=，位移0012vtx=；02t时刻质点的速度20002vvatv=−=−，位移2020xvt==，质点在00~2t时间内通过的路程1002sxvt==．03t时刻质点的速度300032vvatv=−=−，位移030003322vxtvt=

−=−，C正确．故选C．4．B导线框以角速度绕mn轴匀速转动时，线框中感应电动势的峰值m13sin375EBSBS==，导线框以角速度绕ef轴匀速转动时感应电动势的峰值m2EBS=，故21m122m2925PEPE==，B正确．故选B．5．C对车进行受力分析知2ta

nvmgmr=，其中为支持力与竖直方向夹角，sinrRL=+，代入解得(sin)tanvgRL=+，乙的角小，故行驶速度较小，A项错误．距离地面的高度大，则大，v也增大，C项正确．向心加速度ntan

ag=，故甲车向心加速度大，B选项错误．90,tan90=→，v也趋向无穷大，故D项错误6．C若AB带异种电荷，则下滑时，库仑引力将会越来越大，则B物体不可能静止于斜面上．故AB必带同种电荷，故A选项错误．物体第一次运动到最低点后可能会上

滑，最低点不一定是最终静止的位置．所以最终静止时，物体所受静摩擦力方向可能沿斜面向上，也可能沿斜面向下，故B错误．物体B第一次向下运动到最低点时，离A距离最小．设此时离A距离为L，则能量守恒，得()()000

sinkQqkQqmgLLfLLLL−=−+−，其中cosfmg=，联立，解得0(sincos)kQqLmgL=−．故选项C正确．速度最大时必然是第一次下滑过程中加速度为0的时刻，故有2sincosABkQqmgmgL=+，解得(sincos)ABkQqLmg=−，

故D错误．7．B若载流子为电子，由左手定则可知电子向下偏转，故上表面电势高于下表面，A错误；当电子不再向下偏转时，有HUqvBqc=，得HUBvc=，故增大c，HU会增大．B正确；由HUBvc=知，霍尔电压HU与齿轮转速无关，则1U大小不变，C错误；当齿靠近磁体B增大，由HU变大，最大

值对应乙图上的1U，由图乙可知，每个齿靠近到远离磁体的时间为1210s−，一共有10个齿，故齿轮的转动周期110210s2sT−==．所以转速10.5r/snfT===．D错误．8．D质点P第一次到达平衡位置的时间比坐标原点处的质点早，故波沿x轴正方向

传播，A错误；由图易知1.6m=，周期2sTv==，B错误；0~1s时间内，质点P运动的路程为232cmsA==，C错误；波源处的质点振动方程为2ππcosm0.16sinπm2yAttT==+，波源处的质点振动情况传到P的时间3s

4Pxtv==，故质点P的振动方程为3π10.16sinπm0.16sinππm424ytt=−+=−，D正确．故选D．9．BC根据万有引力提供向心力222MmvGmmrrr==，解得32,GMGMvrr==，则图线的斜率为kGM=，所以地球的质量为

kMG=，A错误；地球的体积为34π3VR=，则地球的密度为334πMkVGR==，B正确；设地球的第一宇宙速度为1v，则212vMmGmRR=，解得1kvR=，C正确；设卫星离地球表面的高度为h，则22214π()()MmGmRhRhT=++，解得21324πkThR=−，D错

误．故选BC．10．ABD设左杆的下端点为A，由对称性易知杆与竖直方向成2角，由关联速度知甲cossin22Avv=甲，得3Avv=甲，又ACvv=，故A正确；从杆竖起到60=过程，对整个系统，由机械能守恒，得()22111cos30222

CMgLMvmv−=+甲，又3Cvv=甲，联立解得(23)6MgLvMm−=+甲，B正确；A与C没有分离前，C物体一直向左加速．A对C有向左的弹力，对端点A分析，易知杆对A的力沿杆斜向下．故杆对球甲的力沿杆斜向上．由对称性知

，两杆对球甲的合力向上，故ag甲．C错误；由甲与端点A的速度关系知，当球甲落地瞬间，端点A速度为0．端点A速度先变大后变小，端点A速度最大时，C的速度也是最大，C的加速度为零，与端点A之间的弹力为零，A与C分离．D正确．11．（1）BD

（2）()22129ssf−偏小（3）21022FFa−（每空2分）解析：（1）本实验中绳子的拉力大小就是弹簧测力计的读数，所以不需要用天平测沙和沙桶的质量，也无需满足m远小于M；但需要将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力；需要将小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小

车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数．故选BD．（2）利用逐差法可得小车加速度大小为()22129ssfa−=，实际频率高于f，实际加速度a偏大，所以计算结果与实际值比较则偏小．（3）依题意结合图丙，根据牛顿第二定律可得：小车的质量为12F

Ma=，放上物体后，小车及物体的质量为2002FMma+=，联立两式可得2121210000000222222FFFFFFmmaaaaa−=+=−=，所以物体的质量210022FFma−=12．（1）0.6（2分）（2）6（3分）2.5（3分）解析：（1）因为电流表1A、2A是用相同的

电流计改装而成的，则内阻与量程成反比，电流表1A的量程为0~06A．，电流表2A的量程为0~3.0A，1A内阻为3.0，所以2A内阻为0.6．（2）根据闭合电路欧姆定律：()A(5)EIIRrr=+++，其中I为电流表1A的示数，Ar为1A、2A并联总电阻，则(

)A166RrrIEE=++，由图像()A1A2AAA1A2661,6V,3,0.5,2.5rrErrrrEErr==+====+．13．解：（1）自状态A至状态B，图像为过原点的一条直线，根据几何知识可知状态B的压强为03p，根据理想气体状态方程有0000033BpVpVTT=（

1分）解得09BTT=（1分）故09BUU=（1分）（2）由状态B至状态C，气体做等压变化，由盖一吕萨克定律有CBBCVVTT=（1分）解得003,3CCTTUU==（1分）外界对气体做功为()00000336BCW

pVVpV=−=（1分）根据热力学第一定律有UWQ=+（1分）解得00066QUpV=−−所以气体由状态B到状态C放出的热量为00066QUpV−=+（1分）（3）完成一个循环，外界对气体做功()()00000013322WppVVpV=−

−=（2分）根据热力学第一定律有UWQ=+0U=解得002QpV=−（1分）即放出热量002QpV=（1分）14．解：（1）在电场中粒子做匀变速曲线运动，可分解为沿x轴正方向做匀速运动和沿电场力方向做匀变速运动，在P点水平、竖直方向的分速度分别为004cos375xvvv

==1003sin375yvvv==（1分）在电场中加速度为Eqam=（1分）粒子经过原点有2tan53yxvv=解得201615yvv=（1分）由以上得P到O的时间()21053yyvvmvta

Eq−−==（1分）沿x轴正方向的位移为2043xmvxvtEq==（1分）沿y轴负方向的位移为2222107218yyvvmvyaEq−==（1分）P处的位置坐标为220047,318mvmvEqEq−（1分）（2）粒子由第四象限进入第一象限时的速度大

小为04cos533xvvv==（1分）设第一象限磁场的磁感应强度大小为B，在第四象限212vqvBmR=在第一象限22vqvBmR=则212RR=（2分）粒子垂直击中感应屏应满足122sin53(21)sin53,1,2,3nRnRLn+−==（2分）当1n=时，第一象限磁场的磁

感应强度取最小值0min3215mvBqL=（1分）（直接写出1n=时的方程，结果正确，不扣分）15．解：（1）设小球从开始下落至刚好滑离圆弧轨道，相对地面向右运动的距离为1x，圆弧轨道相对地面向左运动的距离为2x，由动量守

恒可得122mxmx=（2分）12xxR+=（1分）解得223xR=（1分）（2）设小球滑离圆弧轨道时，小球速度大小为1v，圆弧轨道的速度大小为2v由动量守恒定得122mvmv=（1分）由机械能守恒定律得2212112222mgRmvmv

=+（1分）解得123vgR=（1分）小球与物块发生弹性碰撞，设碰后小球速度为3v，物块速度为4v，有134223mvmvmv=+（1分）222134111223222mvmvmv=+（1分）联立解得346461242,53155315gRgRvgRvgR=−=

−==（1分）小球第一次与物块碰后的速度大小为615gR，方向向左（3）若物块刚好能运动到斜面顶端，由动能定理得24133cos03sin2hmghmgmv−−=−解得920=所以要满足920

（2分）物块返回至水平面时速度大小必须比小球的大，则返回水平面时的速度为3v，根据动能定理得2mm31333tan2hmghmgmv−=2mm4133cos03sin2hmghmgmv−−=−解得4

568=所以要满足4568（3分）最后，物块能够从斜面上滑下必须满足3sin3cosmgmg解得34（1分）综上可得，物块与斜面间的动摩擦因数应满足9452068（1分）