【文档说明】《历年高考数学真题试卷》2011年高考理科数学试题(天津卷)及参考答案.docx，共(24)页，672.694 KB，由envi的店铺上传

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2011年高考理科数学试题（天津卷）本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共150分，考试用时120分钟。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考号填写在答题卡上，并在规定位置粘贴考试用条形

码答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡上，答在试卷上的无效.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.第Ⅰ卷注意事项：1．每小题选出答案后，用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号.2．本卷共8小题，每小题5分，共40分.参考公式：如果事件A，B互

斥，那么如果事件A，B相互独立，那么()()()PABPAPB=+()()().PABPAPB=棱柱的体积公式.VSh=圆锥的体积公式1.3VSh=其中S表示棱柱的底面面积其中S表示圆锥的底面面积h表示棱柱的高h表示圆锥的高一、选择题：在每小题给出的四个选项中只有一项是

符合题目要求的．1．i是虚数单位，复数131ii−−=A．2i+B．2i−C．12i−+D．12i−−2．设,,xyR则“2x且2y”是“224xy+”的A．充分而不必要条件B．必要而不充分条件C．充分必要条件D．即不充分也不必要条件3．阅读右边的程序框图，运行相应的程序，则输出i

的值为A．3B．4C．5D．64．已知na为等差数列，其公差为-2，且7a是3a与9a的等比中项，nS为na的前n项和，*nN，则10S的值为A．-110B．-90C．90D．1105．在62

2xx−的二项展开式中，2x的系数为A．154−B．154C．38−D．386．如图，在△ABC中，D是边AC上的点，且,23,2ABCDABBDBCBD===，则sinC的值为A．33B．36C．63D．667．已知324log0.3log3.4log3.6

15,5,,5abc===则A．abcB．bacC．acbD．cab8．对实数a和b，定义运算“”：,1,,1.aababbab−=−设函数()()22()2,.fxxxxxR=−−若函数()yfxc=−的图像与x轴恰有两个

公共点，则实数c的取值范围是A．(3,21,2−−−B．(3,21,4−−−−C．111,,44−+D．311,,44−−+第

II卷二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分．9．一支田径队有男运动员48人，女运动员36人，若用分层抽样的方法从该队的全体运动员中抽取一个容量为21的样本，则抽取男运动员的人数为___________10．一个几何体的三视图如右图所示（单位：m），则该几何体的体积为________

__3m11．已知抛物线C的参数方程为28,8.xtyt==（t为参数）若斜率为1的直线经过抛物线C的焦点，且与圆()2224(0)xyrr−+=相切，则r=________.12．如图，已知圆中两条弦AB与CD相交于点F，E是AB延长

线上一点，且2,::4:2:1.DFCFAFFBBE===若CE与圆相切，则线段CE的长为__________.13．已知集合1|349,|46,(0,)AxRxxBxRxttt=++−==+−+，则集合AB=________.14．已知直角梯形

ABCD中，AD//BC,090ADC=,2,1ADBC==,P是腰DC上的动点，则3PAPB+的最小值为____________.三、解答题：本大题共6小题，共80分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤．15．（本小题满分1

3分）已知函数()tan(2),4fxx=+（Ⅰ）求()fx的定义域与最小正周期；（II）设0,4，若()2cos2,2f=求的大小．16．（本小题满分13分）学校游园活动有这样一个游戏项目：甲箱子里装有3个白球、2个黑球，乙箱子里装有1个白球、2个

黑球，这些球除颜色外完全相同，每次游戏从这两个箱子里各随机摸出2个球，若摸出的白球不少于2个，则获奖．（每次游戏结束后将球放回原箱）（Ⅰ）求在1次游戏中，（i）摸出3个白球的概率；（ii）获奖的概率；（Ⅱ）求在2次游戏中获奖次数X的分布列及

数学期望()EX.17．（本小题满分13分）如图，在三棱柱111ABCABC−中，H是正方形11AABB的中心，122AA=，1CH⊥平面11AABB，且15.CH=（Ⅰ）求异面直线AC与A1B1所成角的余弦值；（Ⅱ）求二面角111AACB−−的正弦值；（Ⅲ）设N为棱11BC的中点，点

M在平面11AABB内，且MN⊥平面11ABC，求线段BM的长．18．（本小题满分13分）在平面直角坐标系xOy中，点(,)Pab(0)ab为动点，12,FF分别为椭圆22221xyab+=的左右焦点．已知△12FPF为等腰三角形．（Ⅰ）求椭圆的离心率e；（Ⅱ）设直线2PF与椭圆相交于,

AB两点，M是直线2PF上的点，满足2AMBM=−，求点M的轨迹方程．19．（本小题满分14分）已知0a，函数2()ln,0.fxxaxx=−（()fx的图像连续不断）（Ⅰ）求()fx的单调区间；（Ⅱ）当18a=时，证明：存

在0(2,)x+，使03()()2fxf=；（Ⅲ）若存在均属于区间1,3的,，且1−，使()()ff=，证明ln3ln2ln253a−．20．（本小题满分14分）已知数列{}na与{}nb满足：1123(1)0,2nnnnn

nnbaabab++++−++==，*nN，且122,4aa==．（Ⅰ）求345,,aaa的值；（Ⅱ）设*2121,nnncaanN−+=+，证明：nc是等比数列；（III）设*242,,kkSaaakN=+++证明：4*17(

)6nkkkSnNa=．2011参考答案一、选择题：本题考查基本知识和基本运算，每小题5分，满分40分.BABDCDCB二、填空题：本题考查基本知识和基本运算，每小题5分，满分30分.9．1210

．6+11．212．7213．{|25}xx−14．5三、解答题15．本小题主要考查两角和的正弦、余弦、正切公式，同角三角函数的基本关系，二倍角的正弦、余弦公式，正切函数的性质等基础知识，考查基本运算能力.满分13分.（I）解：由2,42xkkZ

++，得,82kxkZ+.所以()fx的定义域为{|,}82kxRxkZ+()fx的最小正周期为.2（II）解：由()2cos2,2afa=得tan()2cos2,4aa+=22sin

()42(cossin),cos()4aaaa+=−+整理得sincos2(cossin)(cossin).cossinaaaaaaaa+=+−−因为(0,)4a，所以sincos0.aa+因此211(cossin),sin2.22aaa−==即由(0

,)4a，得2(0,)2a.所以2,.612aa==即16．本小题主要考查古典概型及其概率计算公式、离散型随机变量的分布列、互斥事件和相互独立事件等基础知识，考查运用概率知识解决简单的实际问题的能力.满分13分.（I）（i）

解：设“在1次游戏中摸出i个白球”为事件(0,1,2,3),iAi==则2132322531().5CCPACC==（ii）解：设“在1次游戏中获奖”为事件B，则23BAA=，又22111322222222253531(),2CCCCCPAC

CCC=+=且A2，A3互斥，所以23117()()().2510PBPAPA=+=+=（II）解：由题意可知X的所有可能取值为0，1，2.212279(0)(1),101007721(1)(1),1010

50749(2)().10100PXPXCPX==−===−====所以X的分布列是X012P9100215049100X的数学期望921497()012.100501005EX=++=17．本小题主要

考查异面直线所成的角、直线与平面垂直、二面角等基础知识，考查用空间向量解决立体几何问题的方法，考查空间想象能力、运算能力和推理论证能力.满分13分.方法一：如图所示，建立空间直角坐标系，点B为坐标原点.依题意得(22,

0,0),(0,0,0),(2,2,5)ABC−111(22,22,0),(0,22,0),(2,2,5)ABC（I）解：易得11(2,2,5),(22,0,0)ACAB=−−=−，于是11111142cos,,3||||322ACABACABACAB===所以异面

直线AC与A1B1所成角的余弦值为2.3（II）解：易知111(0,22,0),(2,2,5).AAAC==−−设平面AA1C1的法向量(,,)mxyz=，则11100mACmAA==即2250,220.xyzy−−+==不妨令5,x=可得(5,0,2)m

=，同样地，设平面A1B1C1的法向量(,,)nxyz=，则11110,0.nACnAB==即2250,220.xyzx−−+=−=不妨令5y=，可得(0,5,2).n=于是22cos,,||||777mnmnmn===从而35si

n,.7mn=所以二面角A—A1C1—B的正弦值为35.7（III）解：由N为棱B1C1的中点，得2325(,,).222N设M（a，b，0），则2325(,,)222MNab=−−由MN⊥平面A1B1C1，得11110,0.MNABMNAC

==即2()(22)0,22325()(2)()(2)50.222aab−−=−−+−−+=解得2,22.4ab==故22(,,0).24M因此22(,,0)24BM=

，所以线段BM的长为10||.4BM=方法二：（I）解：由于AC//A1C1，故111CAB是异面直线AC与A1B1所成的角.因为1CH⊥平面AA1B1B，又H为正方形AA1B1B的中心，1122,5,AACH==可得11113.ACBC==因此

22211111111111112cos.23ACABBCCABACAB+−==所以异面直线AC与A1B1所成角的余弦值为2.3（II）解：连接AC1，易知AC1=B1C1，又由于AA1=B1A1，A1C1=A1=C1，所以11ACA≌11BCA，过点A作11ARAC⊥于点R

，连接B1R，于是111BRAC⊥，故1ARB为二面角A—A1C1—B1的平面角.在11RtARB中，2111112214sin221().33BRABRAB==−=连接AB1，在1ARB中，2221111114

,,cos2ARBRABABARBRARBARBR+−===27=−，从而135sin.7ARB=所以二面角A—A1C1—B1的正弦值为35.7（III）解：因为MN⊥平面A1B1C1，所以11.MNAB⊥取HB1中点D，连接ND，由于N是棱B1C1中点，所以ND//

C1H且11522NDCH==.又1CH⊥平面AA1B1B，所以ND⊥平面AA1B1B，故11.NDAB⊥又,MNNDN=所以11AB⊥平面MND，连接MD并延长交A1B1于点E，则111,//.MEABMEAA⊥故由1111111,4BEBDDEAABABA===得12

2DEBE==，延长EM交AB于点F，可得12.2BFBE==连接NE.在RtENM中，2,.NDMENDDEDM⊥=故所以252.4NDDMDE==可得2.4FM=连接BM，在RtBFM中，2210.4BMFMBF=+=18．本小题主要考查椭圆的标准方程和几何性质

、直线的方程、平面向量等基础知识，考查用代数方法研究圆锥曲线的性质及数形结合的数学思想，考查解决问题能力与运算能力.满分13分.（I）解：设12(,0),(,0)(0)FcFcc−由题意，可得212

||||,PFFF=即22()2.acbc−+=整理得22()10,1cccaaa+−==−得（舍），或1.2ca=所以1.2e=（II）解：由（I）知2,3,acbc==可得椭圆方程为2223412,xyc+=直线PF2方程为3().yxc=−A，B两点的坐标满足方

程组2223412,3().xycyxc+==−消去y并整理，得2580.xcx−=解得1280,.5xxc==得方程组的解21128,0,53,33.5xcxycyc===−

=不妨设833(,),(0,3)55AccBc−设点M的坐标为833(,),(,),(,3)55xyAMxcycBMxyc=−−=+则，由33(),.3yxccxy=−=−得于是833833(,),15555AMyxyx=−−(,3).B

Mxx=由2,AMBM=−即833833()()3215555yxxyxx−+−=−，化简得218163150.xxy−−=将2218153105,0.316163xxycxycxx−+==−=代入得

所以0.x因此，点M的轨迹方程是218163150(0).xxyx−−=19．本小题主要考查导数的运算、利用导数研究函数的单调性、解不等式、函数的零点等基础知识，考查运算能力和运用函数思想分析解决问题的能力及分类讨论的思想方法.满分14分.（I）解：2112'()2,(0

,)2axfxaxxx−=−=+，令2'()0,.2afxa=解得x=当x变化时，'(),()fxfx的变化情况如下表：x2(0,)2aa22aa2(,)2aa+'()fx+0-()fx极大值所以，()fx的单调递增区间是2(0,)

,()2afxa的单调递减区间是2(,).2aa+（II）证明：当211,()ln.88afxxx==−时由（I）知()fx在（0，2）内单调递增，在(2,)+内单调递减.令3()()().2gxfxf=−由于()fx在（0，2）内单调递增

，故3(2)(),2ff即g(2)>0.取23419'2,(')0.232exegx−==则所以存在00(2,'),()0,xxgx=使即存在003(2,),()().2xfxf+=使（说

明：'x的取法不唯一，只要满足'2,(')0xgx且即可）（III）证明：由()()ff=及（I）的结论知22aa，从而()[,]fx在上的最小值为().fa又由1−，,[1,3],知123.故(2)()(1),ln2

4,(2)()(3).ln24ln39.fffaafffaa−−−−即从而ln3ln2ln2.53a−20．本小题主要考查等比数列的定义、数列求和等基础知识，考查运算能力、推理论证能力、综合分析和解决问题的能力及分类

讨论的思想方法.满分14分.（I）解：由*3(1),,2nnbnN+−=可得1,nnb=为奇数2,n为偶数又1120,nnnnnbaaba+++++=123123234434543;5;4.=

−=−=当n=1时,a+a+2a=0,由a=2,a=4,可得a当n=2时,2a+a+a=0,可得a当n=3时,a+a+2a=0,可得a（II）证明：对任意*,nN2122120,nnnaaa−+++=①221222

0,nnnaaa++++=②21222320,nnnaaa+++++=③②—③，得223.nnaa+=④将④代入①，可得21232121()nnnnaaaa++−++=−+即*1()nnccnN+=−又1131,0,ncaa=+=−故c因此11,{}nnnccc+=−所以是等比数列.（

III）证明：由（II）可得2121(1)kkkaa−++=−，于是，对任意*2kNk且，有13355723211,()1,1,(1)()1.kkkaaaaaaaa−−+=−−+=−+=−−+=−将以上各式相加，得121(1)(1),kkaak−+−=−−即121(1)(1)kkak+−=

−+，此式当k=1时也成立.由④式得12(1)(3).kkak+=−+从而22468424()()(),kkkSaaaaaak−=++++++=−21243.kkkSSak−=−=+所以，对任意*,2nNn，44342414114342414()nnkmmmmkmkmmm

mSSSSSaaaaa−−−==−−−=+++12221232()2222123nmmmmmmmmm=+−+=−−++++123()2(21)(22)(22)nmmmmm==++++2253232(21)(22)

(23)nmmmnn==+++++21533(21)(21)(22)(23)nmmmnn=++−+++151111113[()()()]3235572121(22)(23)nnnn=+−+−++−+−+++15

51336221(22)(23)7.6nnn=+−++++对于n=1，不等式显然成立.所以，对任意*,nN2121212212nnnnSSSSaaaa−−++++32121241234212()()()nnnnSSSSSSaaaaaa−−=++++++22211121(1)(1)(1)412

44(41)4(41)nnn=−−+−−++−−−−−22211121()()()41244(41)44(41)nnnnn=−+−+−−+−−111().4123nn−+=−选择填空解析2011年天津市高考数学试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题5分，满分

40分）1．（5分）（2011•天津）i是虚数单位，复数=（）A．2+iB．2﹣iC．﹣1+2iD．﹣1﹣2i【考点】复数代数形式的乘除运算．菁优网版权所有【专题】数系的扩充和复数．【分析】要求两个复数的除法运算，分子和分母同乘以分母

的共轭复数，分子和分母上进行复数的乘法运算，最后结果要化简成最简形式．【解答】解：复数===2﹣i故选B．【点评】本题考查复数的代数形式的乘除运算，是一个基础题，这种题目运算量不大，解题应用的原理也比较简单，是一个送分题目．2．（5分）（2011•天津）设x，y∈R，则“x≥

2且y≥2”是“x2+y2≥4”的（）A．充分而不必要条件B．必要而不充分条件C．充分必要条件D．既不充分也不必要条件【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断．菁优网版权所有【专题】简易逻辑．【分析】由“x≥2且y≥2”推出“x2+y2≥4”可证明充分性；由满足

“x2+y2≥4”可举出反例推翻“x≥2且y≥2”，则证明不必要性，综合可得答案．【解答】解：若x≥2且y≥2，则x2≥4，y2≥4，所以x2+y2≥8，即x2+y2≥4；若x2+y2≥4，则如（﹣2，﹣2）满足条件，但不满足x≥2且y≥2．所以“

x≥2且y≥2”是“x2+y2≥4”的充分而不必要条件．故选A．【点评】本题主要考查充分条件与必要条件的含义．3．（5分）（2011•天津）阅读程序框图，运行相应的程序，则输出i的值为（）A．3B．4C．5D．6【考点】程序框图．菁优网版权所有【专题】算法和程序框图．

【分析】通过程序框图的要求，写出前四次循环的结果得到输出的值．【解答】解：该程序框图是循环结构经第一次循环得到i=1，a=2；经第二次循环得到i=2，a=5；经第三次循环得到i=3，a=16；经第四次循环得到i=4，a=65满足判断框的条

件，执行是，输出4故选B【点评】本题考查解决程序框图中的循环结构时，常采用写出前几次循环结果，找规律．4．（5分）（2011•天津）已知{an}为等差数列，其公差为﹣2，且a7是a3与a9的等比中项，Sn为{an}的前n项和，n∈N

*，则S10的值为（）A．﹣110B．﹣90C．90D．110【考点】等差数列的前n项和；等比数列的性质．菁优网版权所有【专题】等差数列与等比数列．【分析】通过a7是a3与a9的等比中项，公差为﹣2，求出【解答】解：a7是

a3与a9的等比中项，公差为﹣2，所以a72=a3•a9，∵{an}公差为﹣2，∴a3=a7﹣4d=a7+8，a9=a7+2d=a7﹣4，所以a72=（a7+8）（a7﹣4），所以a7=8，所以a1=20，所以S10==110故选D【点评】本题是基础题，考查等差数

列的前n项和，等比数列的应用，考查计算能力，常考题型．5．（5分）（2011•天津）在的二项展开式中，x2的系数为（）A．B．C．D．【考点】二项式定理．菁优网版权所有【专题】二项式定理．【分析】利用二项展开式

的通项公式求出展开式的通项，令x的指数为2，求出展开式中，x2的系数，即得答案．【解答】解：展开式的通项为Tr+1=（﹣1）r22r﹣6C6rx3﹣r令3﹣r=2得r=1所以项展开式中，x2的系数为﹣故选C【点评】本题考查利用二项展开式的通项

公式解决二项展开式的特定项问题．6．（5分）（2011•天津）如图，在△ABC中，D是边AC上的点，且AB=AD，2AB=BD，BC=2BD，则sinC的值为（）A．B．C．D．【考点】三角形中的几何计算．菁优网版权所有【专题】解三角形．【分析】根据题中条件，

在△ABD中先由余弦定理求出cosA，利用同角关系可求sinA，利用正弦定理可求sin∠BDC，然后在△BDC中利用正弦定理求解sinC即可【解答】解：设AB=x，由题意可得AD=x，BD=△ABD中，由余弦定理可得∴sinA=△ABD中，由正弦定理

可得⇒sin∠ADB=∴△BDC中，由正弦定理可得故选：D．【点评】本题主要考查了在三角形中，综合运用正弦定理、余弦定理、同角基本关系式等知识解三角形的问题，反复运用正弦定理、余弦定理，要求考生熟练掌握基本知

识，并能灵活选择基本工具解决问题．7．（5分）（2011•天津）已知，则（）A．a＞b＞cB．b＞a＞cC．a＞c＞bD．c＞a＞b【考点】指数函数的单调性与特殊点．菁优网版权所有【专题】函数的性质及应用．【分析】

比较大小的方法：找1或者0做中介判断大小，log43.6＜1，log23.4＞1，利用分数指数幂的运算法则和对数的运算法则对c进行化简，得到＞1＞b，再借助于中间值log2进行比较大小，从而得到结果．，【解答】解：∵log23.4＞1，log43.6

＜1，又y=5x是增函数，∴a＞b，＞==b而log23.4＞log2＞log3，∴a＞c故a＞c＞b．故选C．【点评】此题是个中档题．本题考查对数函数单调性、指数函数的单调性及比较大小，以及中介值法，考查学生灵活应用知识分析解决问题的能力．8．

（5分）（2011•天津）对实数a与b，定义新运算“⊗”：．设函数f（x）=（x2﹣2）⊗（x﹣x2），x∈R．若函数y=f（x）﹣c的图象与x轴恰有两个公共点，则实数c的取值范围是（）A．B．C．D．【考点】函数与方程的综合运用．菁优网版权所有【专题】函数的性质及应用．【分析】根

据定义的运算法则化简函数f（x）=（x2﹣2）⊗（x﹣x2）的解析式，并求出f（x）的取值范围，函数y=f（x）﹣c的图象与x轴恰有两个公共点转化为y=f（x），y=c图象的交点问题，结合图象求得实数c的取值范围．【解答】解：∵，∴函数f（x

）=（x2﹣2）⊗（x﹣x2）=，由图可知，当c∈函数f（x）与y=c的图象有两个公共点，∴c的取值范围是，故选B．【点评】本题考查二次函数的图象特征、函数与方程的综合运用，及数形结合的思想．属于基础题．二、填空题（共6小题，每小题5分，满分30分）9．（5分）（2011•天津）一支田径

队有男运动员48人，女运动员36人，若用分层抽样的方法从该队的全体运动员中抽取一个容量为21的样本，则抽取男运动员的人数为12．【考点】分层抽样方法．菁优网版权所有【专题】概率与统计．【分析】根据田径队的男女运动员数目和用分层抽样要抽取的数目，

得到每个个体被抽到的概率，利用每个个体被抽到的概率乘以男运动员的数目，得到结果．【解答】解：∵田径队有男运动员48人，女运动员36人，∴这支田径队共有48+36=84人，用分层抽样的方法从该队的全体运动员中抽取一个容量为21的样本，∴每个个体被抽

到的概率是，∵田径队有男运动员48人，∴男运动员要抽取48×=12人，故答案为：12．【点评】本题考查分层抽样，在抽样过程中每个个体被抽到的概率相等，这是解决这种问题的依据，本题是一个基础题．10．（5分）（2011•天津）一个几何体的三视图

如图所示（单位：m），则这个几何体的体积为6+πm3．【考点】由三视图求面积、体积．菁优网版权所有【专题】立体几何．【分析】由已知中的三视图，我们易判断已知中几何体的形状，然后根据已知的三视图分析出几何体的相关几何量，代入体积公式，即可求出该几何体的体积．【解答】解：由已知可得已知的几何体是一个

圆锥和长方体的组合体其中上部的圆锥的底面直径为2，高为3，下部的长方体长、宽高分别为：2，3，1则V圆锥=•π•3=πV长方体=1×2×3=6则V=6+π故答案为：6+π【点评】本题考查的知识是由三视图求体积，其

中根据已知中的三视图分析几何体的形状是解答本题的关键．11．（5分）（2011•天津）已知抛物线C的参数方程为（t为参数），若斜率为1的直线经过抛物线C的焦点，且与圆（x﹣4）2+y2=r2（r＞0）相切，

则r=．【考点】直线与圆的位置关系；抛物线的简单性质；直线的参数方程．菁优网版权所有【专题】圆锥曲线的定义、性质与方程；坐标系和参数方程．【分析】由抛物线C的参数方程为我们易求出抛物线的标准方程，进而根据斜率为1的直线经过抛物线C的焦点，且与圆（x﹣4

）2+y2=r2（r＞0）相切，我们根据直线与圆相切，则圆心到直线的距离等于半径，求出直线方程后，代入点到直线距离公式，构造关于r的方程，解方程即可得到答案．【解答】解：∵抛物线C的参数方程为则抛物线的标准方程为：y2=8x则抛物线C的焦点的坐标为（2，0）又∵斜率为1的直

线经过抛物线C的焦点则直线的方程为y=x﹣2，即经x﹣y﹣2=0由直线与圆（x﹣4）2+y2=r2，则r==故答案为：【点评】本题考查的知识点是直线与的圆位置关系，抛物线的简单性质及抛物线的参数方程，其中根据直线与圆相切，则圆心到直线的距离等于半径，求出直线

方程后，代入点到直线距离公式，构造关于r的方程，是解答本题的关键．12．（5分）（2011•天津）如图，已知圆中两条弦AB与CD相交于点F，E是AB延长线上一点，且DF=CF=，AF：FB：BE=4：

2：1．若CE与圆相切，则CE的长为．【考点】圆的切线方程．菁优网版权所有【专题】直线与圆．【分析】设出AF=4k，BF=2k，BE=k，由DF•FC=AF•BF求出k的值，利用切割定理求出CE．【解答】解：设AF=4k，BF=2k，BE=k，由DF•FC=AF•BF，得2=8k2，即k=

，∴AF=2，BF=1，BE=，AE=，由切割定理得CE2=BE•EA==，∴CE=．【点评】本题是基础题，考查直线与圆的位置关系，考查计算能力，基本知识掌握的情况，常考题型．13．（5分）（2011•天津）已知集合A={x∈R

||x+3|+|x﹣4|≤9}，B=，则集合A∩B={x|﹣2≤x≤5}．【考点】交集及其运算．菁优网版权所有【专题】集合．【分析】求出集合A，求出集合B，然后利用集合的运算法则求出A∩B．【解答】解：集合A={x∈R|

|x+3|+|x﹣4|≤9}，所以A={x|﹣4≤x≤5}；集合，，当且仅当t=时取等号，所以B={x|x≥﹣2}，所以A∩B={x|﹣4≤x≤5}∩{x|x≥﹣2}={x|﹣2≤x≤5}，故答案为：{x|﹣2≤x≤5}．【点评】本题是基础题，

考查集合的基本运算，注意求出绝对值不等式的解集，基本不等式求出函数的值域，是本题解题是关键，考查计算能力．14．（5分）（2011•天津）已知直角梯形ABCD中，AD∥BC，∠ADC=90°，AD=2，BC=1，P是腰DC上的动点，则的最小值为5．【考点】向量的模．菁优网版权

所有【专题】平面向量及应用．【分析】根据题意，利用解析法求解，以直线DA，DC分别为x，y轴建立平面直角坐标系，则A（2，0），B（1，a），C（0，a），D（0，0），设P（0，b）（0≤b≤a），求出

，根据向量模的计算公式，即可求得，利用完全平方式非负，即可求得其最小值．【解答】解：如图，以直线DA，DC分别为x，y轴建立平面直角坐标系，则A（2，0），B（1，a），C（0，a），D（0，0）设P（0，b）（0≤b≤a）则=（2，﹣b），=（1，a﹣b），∴=（5，3a﹣4b）∴=≥5．故

答案为5．【点评】此题是个基础题．考查向量在几何中的应用，以及向量模的求法，同时考查学生灵活应用知识分析解决问题的能力．