【文档说明】新教材2022版物理鲁科版选择性必修第一册提升训练：第1章动量及其守恒定律本章达标检测含解析.docx，共(17)页，192.565 KB，由envi的店铺上传

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本章达标检测(满分:100分;时间:75分钟)一、选择题(共10小题,每小题4分,共40分)1.(2020陕西延安第一中学高二月考)关于物体的动量,下列说法中正确的是()A.运动物体在任意时刻的动量方向,一定与该时刻的

速度方向相同B.物体的动能不变,其动量一定不变C.动量越大的物体,其速度一定越大D.物体的动量越大,其惯性也越大2.(2020北京海淀高三上期中)如图所示,在A、B两物体间有一与物体不连接的轻质弹簧,两物体用轻细线连接在一起并使弹簧处于压缩状态,整体静止在光滑水平面上。现将细线烧断,

对于在弹簧对两物体施加作用力的整个过程中,下列说法中正确的是()A.对于A、B两物体组成的系统,动量守恒B.对于A、B两物体组成的系统,机械能守恒C.在同一段时间内,A物体的动能增量等于B物体的动能增量D.在同一段时间内,A物体的动量变化与

B物体的动量变化相等3.(2019浙江温州十校联考)如图所示,在光滑水平面上质量分别为mA=2kg、mB=4kg,速率分别为vA=5m/s、vB=2m/s的A、B两小球沿同一直线相向运动,则下列叙述正确的是()A.它们碰撞前的总动量是18

kg·m/s,方向水平向右B.它们碰撞后的总动量是18kg·m/s,方向水平向左C.它们碰撞前的总动量是2kg·m/s,方向水平向右D.它们碰撞后的总动量是2kg·m/s,方向水平向左4.(2020河北衡水高三上期末)物体A和B用轻绳相连挂在轻质弹簧下静止不动,如图所示,

A的质量为m,B的质量为M,当连接A、B的绳子突然断开后,物体A上升经某一位置时的速度大小为v,这时物体B的下落速度大小为v',在这一段时间里,弹簧的弹力对物体A的冲量为()A.MvB.mv-Mv'C.mv+mv'

D.mv+Mv'5.(2019辽宁葫芦岛一模)(多选)我国女子短道速滑队在2013年世锦赛上实现女子3000m接力三连冠。观察发现,“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面,并且开始向前滑行,待乙追上甲时,乙猛推甲一把,使甲获得更大的速度向前冲出,如图所

示。在乙推甲的过程中,忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用,则()A.甲对乙和乙对甲的冲量大小相等、方向相反B.甲、乙的动量变化一定大小相等、方向相反C.甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量D.甲对乙做多少负功,乙

对甲就一定做多少正功6.(2019河北石家庄二中期中)滑块a、b沿水平面上同一条直线发生碰撞,碰撞后两者粘在一起运动,两者的位置x随时间t变化的图像如图所示。则滑块a、b的质量之比为()A.5∶4B.1∶8C.8∶1D.4∶57.(2020浙江杭州八校联盟联考高二下期中)电影《火星救援》中,宇

航员在太空中与飞船之间相距7.5m,无法实施救援活动。为了靠近飞船,男主角剪破自己的宇航服,反向喷出气体使自己飞向飞船。假设气体能以50m/s的速度喷出,宇航员连同装备共100kg。开始时宇航员和飞船保持相对静止,

宇航员必须在100s内到达飞船,喷出气体的质量至少为()A.0.1kgB.0.15kgC.0.2kgD.0.25kg8.(2020河南林州一中高二开学考试)人的质量m=60kg,船的质量M=240kg,若船用缆绳固定,船离岸1.5m时,人可以跃上岸。若撤去

缆绳,如图所示,人要安全跃上岸,船离岸至多为(不计水的阻力,两次人消耗的能量相等,两次从离开船到跃上岸所用的时间相等)()A.1.5mB.1.2mC.1.34mD.1.1m9.(2020重庆一中高二下期末)长为l的轻绳,一端用质量为m的圆环套在水平光滑的横杆上,另一端连接一质量为2m的小球

,开始时,将小球移至横杆处(轻绳处于水平伸直状态,如图),然后轻轻放手,当绳子与横杆成直角,此过程圆环的位移是x,则()A.x=23lB.x=12lC.x=0D.x=13l10.(2020吉林长春六中、八中、十一中等省重点中学高三联考)(多选)如图所示,质量均为m的A、B

两物块用轻弹簧连接,放在光滑的水平面上,A与竖直墙面接触,弹簧处于原长,现用向左的推力缓慢推物块B,当B处于图示位置时静止,整个过程推力做功为W,瞬间撤去推力,撤去推力后()A.当A对墙的压力刚好为零时,物块B的动能等于WB.墙对A物块的冲量为√4mWC.当B向右运动的速度为

零时,弹簧的弹性势能为零D.弹簧第一次伸长后具有的最大弹性势能为13W二、非选择题(共6小题,共60分)11.(8分)(2019浙江绿色联盟模拟)用如图甲所示装置结合频闪照相机拍摄的照片来验证动量守恒定律,实验步骤

如下:①用天平测出A、B两个小球的质量mA和mB;②安装好实验装置,使斜槽的末端所在的平面保持水平;③先不在斜槽的末端放小球B,从斜槽上位置P由静止开始释放小球A,小球A离开斜槽后,频闪照相机连续拍摄小球A的两位置(如图乙所示)

;④将小球B放在斜槽的末端,再从位置P处由静止释放小球A,使它们碰撞,频闪照相机连续拍摄下两个小球的位置(如图丙所示);⑤测出所需要的物理量。请回答:(1)实验步骤①中A、B两球的质量应满足mAmB(填“>”“=”或“<”)。(2)在实验步骤⑤中,需要在照片中直接测量的物理量有

(请选填“x0、y0、xA、yA、xB、yB”)。(3)两球在碰撞过程中若动量守恒,满足的方程是:(用所测物理量表示)。12.(8分)(2019湖南长郡中学等四校5月模拟)某同学设计了如图所示的实验来验证碰撞过程中的动量守恒。轨道AO和OB在O处平滑相接,B右侧为粗糙水平面,

有两个材料及表面粗糙程度均相同的小物块甲、乙,其质量分别为m1和m2(m1>m2),令小物块甲从斜面上M点由静止下滑,运动至粗糙水平面上的C点速度恰好减为0,测量B、C间距为x0,把小物块乙置于B点,

小物块甲仍从斜面上M点由静止下滑,小物块甲与小物块乙碰撞后,在粗糙水平面上的位移分别为x1、x2。(1)为验证碰撞过程动量守恒,是否需要测量小物块与粗糙水平面间的动摩擦因数?(选填“是”或“否”);小物块甲与轨道AOB间的摩擦力是否影响实验结果?(选填“是”

或“否”)。(2)若满足关系式,则二者碰撞过程动量守恒。13.(8分)(2020湖北武汉高二下期末)如图所示是一则安全警示广告,描述了高空坠物对人伤害的严重性。小王同学用下面的实例来检验广告词的科学性:使一个鸡蛋从8楼的窗户自由下落到地面。经测量鸡蛋质量约50g,8层楼高约2

0米,与地面接触时间约为0.02s。不计空气阻力,重力加速度g取10m/s2。求:(1)鸡蛋下落到地面时动量的大小;(2)鸡蛋对地面平均作用力的大小。14.(10分)(2020湖南浏阳第三中学高三上月考)如图所示,AB为倾角θ=37°的粗糙斜

面轨道,通过一小段光滑圆弧与光滑水平轨道BC相连接,质量为m乙的小球乙静止在水平轨道上,质量为m甲的小球甲以速度v0与小球乙发生弹性正碰。若m甲∶m乙=2∶3,且轨道足够长。sin37°=0.6,cos37°=0.8。求:(1)两球第一次碰后甲球的速度;(2)要

使两球能发生第二次碰撞,小球乙与斜面之间的动摩擦因数μ的取值范围。15.(10分)(2020天津军粮城第二中学高三上月考)如图所示,光滑的轨道固定在竖直平面内,其O点左边为光滑的水平轨道,O点右边为四分之一圆弧轨道,高度h=0.8m,左右两段轨道在O点平滑连接。质量m=0.1kg的小滑块a由

静止开始从圆弧轨道的顶端沿轨道下滑,到达水平段后与处于静止的小滑块b发生碰撞,小滑块b的质量M=0.4kg,碰撞后小滑块a恰好停止运动。取重力加速度g=10m/s2,求:(1)小滑块a通过O点时对轨道的压力的大小和方向;(2)碰撞瞬间小滑块b所受冲量的大小;(3)

碰撞过程中小滑块a、b组成的系统损失的机械能。16.(16分)(2020贵州遵义航天高级中学高二月考)如图所示,质量分别为mA=m、mB=3m的A、B两物体放置在光滑的水平面上,其中A物体紧靠光滑墙壁,A、B两物体之间用轻弹簧相

连。对B物体缓慢施加一个水平向右的力,使A、B两物体之间的弹簧压缩到最短并锁定,此过程中,该力做功为W0,现突然撤去外力并解除锁定,(设重力加速度为g,A、B两物体体积很小,可视为质点)求:(1)从撤去外力到A

物体开始运动,墙壁对A物体的冲量IA大小;(2)A、B两物体离开墙壁后到达圆轨道之前,B物体的最小速度vB;(3)若在B物体获得最小速度瞬间脱离弹簧,从光滑圆形轨道的右侧小口进入(B物体进入后小口自动封闭组成完整的圆形轨道)圆形轨道

,要使B物体不脱离圆形轨道,试求圆形轨道半径R的取值范围。答案全解全析本章达标检测一、选择题1.A动量具有瞬时性,任一时刻物体动量的方向,即为该时刻物体的速度方向,选项A正确;动能不变,若速度方向变化,动量也发生变化,B项错误;物体动量的大小由物体质量及速度大小共同决定

,不是由物体的速度唯一决定,故动量大的物体,其速度不一定大,选项C错误;惯性由物体的质量决定,物体的动量越大,其质量并不一定越大,惯性也不一定越大,选项D错误。故选A。2.A对于A、B两物体组成的系统,受合外力为零,则系统的动量守恒,选项A正确;对于A、

B两物体组成的系统,因弹簧弹力做功,则机械能增加,选项B错误;因两物体的质量不一定相同,受弹力相同,在同一段时间内,两物体的位移不一定相同,则弹力对两物体做功不一定相同,则A物体的动能增量不一定等于B物体的动能增量,选项C错误;根据动量定理,在同一段时间内,弹簧对两

物体的冲量等大反向,则A物体的动量变化与B物体的动量变化大小相等,方向相反,选项D错误。3.C根据题述,取向左为正方向,它们碰撞前的总动量是mBvB-mAvA=-2kg·m/s,方向水平向右,根据动量守恒定律,它们碰撞后的总动量是

2kg·m/s,方向水平向右,选项C正确。4.C以向上为正方向,由动量定理对B:-Mgt=-Mv'-0,对A:I-mgt=mv-0,解得I=m(v+v'),故选项C正确。5.AB甲对乙的冲量与乙对甲的冲量大小相等、方向相反,故A正确;二人相互作用的过程中动量守恒,

根据动量守恒可知,甲、乙的动量变化一定大小相等、方向相反,故B正确;甲、乙间的作用力大小相等,不知道甲、乙的质量关系,不能求出甲、乙动能变化关系,无法判断做功多少,也不能判断出二者动能的变化量,故C、D错误。

6.B设滑块a、b的质量分别为m1、m2,a、b两滑块碰撞前的速度为v1、v2,由题图得v1=-2m/s,v2=1m/s,两滑块发生完全非弹性碰撞,碰撞后两滑块的共同速度设为v,由题图得v=23m/s,由动量守恒定律得m1v1+m2v2=(m1+m2)v,联立解得m

1∶m2=1∶8,故B正确,A、C、D错误。7.B设宇航员反冲获得的速度为u,则u=𝑥𝑡=7.5100m/s=0.075m/s,设喷出气体的质量为m,宇航员连同装备的质量为M,喷出气体的过程系统动量守恒,

以气体的速度方向为正方向,由动量守恒定律得mv-(M-m)u=0,解得m≈0.15kg,故选B。8.C以人的方向为正方向,撤去缆绳,由动量守恒定律可得0=mv1-Mv2;由于两次人消耗的能量相等,故人跳起时的动能不变,由能量守恒定律可知12m𝑣02=12m𝑣12+12M𝑣22,解得

v1=√𝑀𝑀+𝑚v0,所以x1=v1t=√𝑀𝑀+𝑚x0=√24060+240×1.5m=1.34m,故C正确。9.A选小球和圆环组成的系统为研究对象,整个过程中在水平方向动量守恒,设从开始到绳子与横杆

成直角的过程中,圆环的平均速度大小为v1,小球水平方向的平均速度大小为v2,则mv1-2mv2=0;设运动时间为t,此过程圆环的位移大小为x,则小球的位移大小为l-x,故有m𝑥𝑡-2m𝑙-𝑥𝑡=0,解得x=23l,故选A。10.AC根据功能关系,开始时弹簧具有的弹性势能

为W,当A对墙的压力刚好为零时,弹簧的弹力为零,弹性势能为零,根据能量守恒可知,此时B的动能为W,A项正确;墙对A的冲量等于A、B组成系统的动量改变量,即I=Δp=√2𝑚𝐸k=√2𝑚𝑊,B项错误;当B的速度为零时,弹簧处于原长,即弹簧的弹性势能为零

,C项正确;当A、B第一次速度相同时,有最大弹性势能,根据动量定理I=2mv-0,此时弹簧的弹性势能Ep=W-12×2mv2=12W,D项错误。二、非选择题11.答案(1)>(2分)(2)x0、xA、x

B(3分)(3)mAx0=mAxA+mBxB(3分)解析(1)为了防止入射球碰后反弹,入射球的质量要大于被碰球的质量,即mA>mB。(2)碰撞时应有:mAv0=mAvA+mBvB由平抛规律有x=vt,小球从相同高度落下,频闪照相机频率相同,所以题图甲、乙中小球的运动

时间相等,上式中两边同乘以t,则有:mAx0=mAxA+mBxB,所以需要在照片中直接测量的物理量有:x0、xA、xB。(3)由(2)的分析可知,应验证的表达式为:mAx0=mAxA+mBxB。12.答案(1)否(2分)否(2分)(2)m1√𝑥0=m1√𝑥1+m2√𝑥2(

4分)解析(1)因小物块甲、乙材料及表面粗糙程度均相同,故不需要测小物块与粗糙水平面间的动摩擦因数。无论小物块甲与轨道AOB间是否存在摩擦力,摩擦力大小如何,只要每次释放点相同,则其每次运动至B点的速度相同,故

小物块甲与轨道AOB间的摩擦力不影响实验结果。(2)在粗糙水平面上的运动过程,由运动学公式得:𝑣02=2μgx0,解得:v0=√2𝜇𝑔𝑥0;甲、乙两小物块材料及表面粗糙程度均相同,故与水平面间的动摩擦因数相同,由𝑣12=2μgx1,

解得:v1=√2𝜇𝑔𝑥1;由𝑣22=2μgx2,解得:v2=√2𝜇𝑔𝑥2。若碰撞过程中满足动量守恒定律,则有m1v0=m1v1+m2v2,即满足m1√2𝜇𝑔𝑥0=m1√2𝜇𝑔𝑥1+m2√2𝜇𝑔𝑥2,所以

应验证的表达式为:m1√𝑥0=m1√𝑥1+m2√𝑥2。13.答案(1)1kg·m/s(2)50.5N解析(1)设鸡蛋下落到地面时的速度为v,由v2=2gh得(1分)v=√2𝑔ℎ=√2×10×20m/s=20m/s(1分)动量的大小

为p=mv=50×10-3×20kg·m/s=1kg·m/s(2分)(2)设向上为正方向,地面对鸡蛋的平均作用力为F,根据动量定理可知(F-mg)Δt=0-(-mv)(1分)解得F=𝑚𝑣Δ𝑡+mg=(10.02+0.05×10

)N=50.5N(2分)由牛顿第三定律可知鸡蛋对地面平均作用力的大小F'=F=50.5N(1分)14.答案(1)15v0,方向水平向右(2)μ<4568解析(1)设第一次碰后小球甲的速度为v1,小球乙的速度为v2,以小球甲的初速度方向为正方向,由动量守恒定律和机械能守恒定律得:m甲v

0=m甲v1+m乙v2①(1分)12m甲𝑣02=12m甲𝑣12+12m乙𝑣22②(1分)联立①②式解得:v1=-15v0,负号表示方向水平向右(2分)v2=45v0(2)设小球乙上滑的最大位移大小为s,滑到斜面底端的速度大小为v,由动

能定理得:(m乙gsin37°+μm乙gcos37°)s=12m乙𝑣22③(1分)(m乙gsin37°-μm乙gcos37°)s=12m乙v2④(1分)联立③④式解得:(𝑣𝑣2)2=3-4𝜇3+4𝜇⑤(1分)

小球乙要能追上小球甲,则:v>|v1|=15v0⑥(2分)解得:μ<4568⑦(1分)15.答案(1)3N,方向竖直向下(2)0.4N·s(3)0.6J解析(1)小滑块a从圆弧轨道上下滑的过程中,由动能定理得:mgh=12m𝑣02(1分)代入数据解得,小滑块a通过O点时的

速度:v0=4m/s;(1分)a通过O点时,根据牛顿第二定律有N-mg=m𝑣02𝑅(1分)代入数据解得,小滑块a通过O点时所受支持力为N=3N,根据牛顿第三定律,小滑块对轨道的压力为3N。(1分)方向竖直向下。(1分)(2)碰撞

过程系统动量守恒,以向左为正方向,由动量守恒定律得:mv0=Mv1(1分)滑块b所受冲量的大小,由动量定理得:I=Mv1(1分)代入数据解得:I=0.4N·s(1分)(3)碰撞过程中小滑块a、b组成的系统损失的

机械能:ΔE=12m𝑣02-12M𝑣12(1分)代入数据解得ΔE=0.6J(1分)16.答案(1)√6𝑚𝑊0(2)√𝑊06𝑚(3)R≤𝑊030𝑚𝑔或R≥𝑊012𝑚𝑔解析(1)设弹簧恢复原长时,物体B的速度为vB0。由能量守恒定律有W0=12·3m𝑣𝐵02(2分

)解得vB0=√2𝑊03𝑚(1分)此过程中墙壁对物体A的冲量大小等于弹簧对物体A的冲量大小,也等于弹簧对物体B的冲量大小,故由动量定理有I=mBvB0=√6𝑚𝑊0(2分)(2)当弹簧恢复原长后,物体A离开墙壁,弹簧伸长,物体A的速度逐渐增大,物体B的速度

逐渐减小,当弹簧再次恢复到原长时,物体A达到最大速度,物体B的速度减小到最小值,此过程满足动量守恒、机械能守恒,有:3mvB0=mvA+3mvB(2分)12×3m𝑣𝐵02=12m𝑣𝐴2+12×3m𝑣𝐵2(2分)解得vB=𝑣𝐵02=√𝑊06𝑚

(1分)(3)第一种情况:恰好过最高点不脱离圆形轨道时,由机械能守恒得12×3m𝑣𝐵2=12×3m𝑣12+3mg·2R(1分)在最高点,由牛顿第二定律有3mg=3m𝑣12𝑅(1分)解得R=𝑊

030𝑚𝑔,所以有R≤𝑊030𝑚𝑔(1分)第二种情况:恰好到达圆形轨道的圆心等高处,有:12×3m𝑣𝐵2=3mgR(1分)解得R=𝑊012𝑚𝑔,所以有R≥𝑊012𝑚𝑔(1分)综上,圆形轨道半径R的取值范围为R≤𝑊030𝑚𝑔或R≥𝑊012�

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