【文档说明】2020年山西省中考数学试题及答案.pdf，共(39)页，626.667 KB，由envi的店铺上传

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山西省2020年中考数学试题第I卷选择题(共30分)一、选择题(本大题共10个小题，每小题3分，共30分．在每个小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请选出并在答题卡上将该项涂黑)1.计算1(6)3的结果是()A.18B.2C.18D.22.自新冠肺炎疫情发

生以来，全国人民共同抗疫，各地积极普及科学防控知识．下面是科学防控知识的图片，图片上有图案和文字说明，其中的图案是轴对称图形的是()A.B.C.D.3.下列运算正确的是()A.2325aaaB.2842aaaC.32628a

aD.3264312aaa4.下列几何体都是由4个大小相同的小正方体组成的，其中主视图与左视图相同的几何体是()A.B.C.D.5.泰勒斯是古希腊时期的思想家，科学家，哲学家，他最早提出了命题的证明．泰勒斯曾通过测量同一时刻标杆的影长，标杆的高度。金字塔的影长

，推算出金字塔的高度。这种测量原理，就是我们所学的()A.图形的平移B.图形的旋转C.图形的轴对称D.图形的相似6.不等式组26041xx的解集是()A.5xB.35xC.5xD.5x7.已知点1

1,Axy，22,Bxy，33,Cxy都在反比例函数kyx0k的图像上，且1230xxx，则1y，2y，3y的大小关系是()A.213yyyB.321yyyC.123yyyD.312yyy8.中国美食讲究色香味美，优雅的摆盘造型也会让美食锦上添花．图①中的摆

盘，其形状是扇形的一部分，图②是其几何示意图(阴影部分为摆盘)，通过测量得到12ACBDcm，C，D两点之间的距离为4cm，圆心角为60，则图中摆盘的面积是()A.280cmB.240cmC.224cmD.22cm9.竖直上抛物体离地面的高度hm与运动时

间ts之间的关系可以近似地用公式2005htvth表示，其中0hm是物体抛出时离地面的高度，0/vms是物体抛出时的速度．某人将一个小球从距地面1.5m的高处以20/ms的速度竖直向上抛出，小球达到的离地面的最大高度为()A.23.5mB.22.5m

C.21.5mD.20.5m10.如图是一张矩形纸板，顺次连接各边中点得到菱形，再顺次连接菱形各边中点得到一个小矩形．将一个飞镖随机投掷到大矩形纸板上，则飞镖落在阴影区域的概率是()A.13B.14C.16D.18第II卷非选择题(共90分)二、填空题(

本大题共5个小题，每小题3分，共15分)11.计算：2(23)24________．12.如图是一组有规律的图案，它们是由边长相等的正三角形组合而成，第1个图案有4个三角形，第2个图案有7个三角形，第3个图案

有10个三角形按此规律摆下去，第n个图案有_______个三角形(用含n的代数式表示)．13.某校为了选拔一名百米赛跑运动员参加市中学生运动会，组织了6次预选赛，其中甲，乙两名运动员较为突出，他们在6次预选赛中的成绩(单位：秒)如下表所示：甲12.012.012.211.812.111.9

乙12.312.111.812.011.712.1由于甲，乙两名运动员的成绩的平均数相同，学校决定依据他们成绩的稳定性进行选拔，那么被选中的运动员是______．14.如图是一张长12cm，宽10cm的

矩形铁皮，将其剪去两个全等的正方形和两个全等的矩形，剩余部分(阴影部分)可制成底面积224cm是的有盖的长方体铁盒．则剪去的正方形的边长为______cm．15.如图，在RtABC中，90ACB，3AC，4BC，CDAB，垂足为D，E为BC的中点，AE与CD交于点F，则DF的长

为_______．三、解答题(本大题共8个小题，共75分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤)16.(1)计算：321(4)(41)2(2)下面是小彬同学进行分式化简的过程，请认真阅读并完成相应任务．229216926xxxxx

2(3)(3)21(3)2(3)xxxxx第一步32132(3)xxxx第二步2(3)212(3)2(3)xxxx第三步26(21)2(3)xxx第四步26212(3)xx

x第五步526x第六步任务一：填空：①以上化简步骤中，第_____步是进行分式的通分，通分的依据是____________________或填为_____________________________；②第_____步开始出现错误，这

一步错误的原因是_____________________________________；任务二：请直接写出该分式化简后的正确结果；任务三：除纠正上述错误外，请你根据平时的学习经验，就分式化简时还需要注意的事项给其他同学提一条建议．17.2020年5月份，

省城太原开展了“活力太原·乐购晋阳”消费暖心活动，本次活动中的家电消费券单笔交易满600元立减128元(每次只能使用一张)某品牌电饭煲按进价提高50%后标价，若按标价的八折销售，某顾客购买该电饭煲时，使用一张家电消费券后，又付现金568元．求该电饭煲的进价．18.如图，四边形OA

BC是平行四边形，以点O为圆心，OC为半径的O与AB相切于点B，与AO相交于点D，AO的延长线交O于点E，连接EB交OC于点F，求C和E的度数．19.2020年国家提出并部署了“新基建”项目，主要包含“特高压，城际高速铁路和城市轨道交通，5G基站

建设，工业互联网，大数据中心，人工智能，新能源汽车充电桩”等．《2020新基建中高端人才市场就业吸引力报告》重点刻画了“新基建”中五大细分领域(5G基站建设，工业互联网，大数据中心，人工智能，新能源汽车充电桩)总体的人才与就业机会．下图是其中的一个统计

图．请根据图中信息，解答下列问题：(1)填空：图中2020年“新基建”七大领域预计投资规模的中位数是______亿元；(2)甲，乙两位待业人员，仅根据上面统计图中的数据，从五大细分领域中分别选择了“5G基站建设”和“人工智能

”作为自己的就业方向，请简要说明他们选择就业方向的理由各是什么；(3)小勇对“新基建”很感兴趣，他收集到了五大细分领域的图标，依次制成编号为W，G，D，R，X的五张卡片(除编号和内容外，其余完全相同)，将这五张卡片背面朝上，洗匀放好，从中随机抽取一张(不放回)，再从中随机抽取一

张．请用列表或画树状图的方法求抽到的两张卡片恰好是编号为W(5G基站建设)和R(人工智能)的概率．WGDRX20.阅读与思考下面是小宇同学的数学日记，请仔细阅读并完成相应的任务．×年×月×日星期日没有直角尺也能作出直角今天，我在书店一本书上看到下面材料：木工师傅有一块如图①所示的四边

形木板，他已经在木板上画出一条裁割线AB，现根据木板的情况，要过AB上的一点C，作出AB的垂线，用锯子进行裁割，然而手头没有直角尺，怎么办呢？办法一：如图①，可利用一把有刻度的直尺在AB上量出30CDcm，然后分别以

D，C为圆心，以50cm与40cm为半径画圆弧，两弧相交于点E，作直线CE，则DCE必为90．办法二：如图②，可以取一根笔直的木棒，用铅笔在木棒上点出M，N两点，然后把木棒斜放在木板上，使点M与点C重合，用铅笔在木板上将点N对应的位置标记为点Q，保持点N不动，将木棒绕点N旋

转，使点M落在AB上，在木板上将点M对应的位置标记为点R．然后将RQ延长，在延长线上截取线段QSMN，得到点S，作直线SC，则90RCS．我有如下思考：以上两种办法依据的是什么数学原理呢？我还有什么办法不用直角尺也能作出垂线呢？……任务：(1)填空；“办法一”依据的一个数

学定理是_____________________________________；(2)根据“办法二”的操作过程，证明90RCS；(3)①尺规作图：请在图③的木板上，过点C作出AB的垂线(在木板上保留作图痕迹，不写作法)；②

说明你的作法依据的数学定理或基本事实(写出一个即可)21.图①是某车站的一组智能通道闸机，当行人通过时智能闸机会自动识别行人身份，识别成功后，两侧的圆弧翼闸会收回到两侧闸机箱内，这时行人即可通过．图②是两圆弧翼展开时的截面图，扇形ABC和DEF是闸机的“圆弧翼”，两圆弧翼成轴

对称，BC和EF均垂直于地面，扇形的圆心角28ABCDEF，半径60BAEDcm，点A与点D在同一水平线上，且它们之间的距离为10cm．(1)求闸机通道的宽度，即BC与EF之间的距离(参考数据：sin280.47

，cos280.88，tan280.53)；(2)经实践调查，一个智能闸机的平均检票速度是一个人工检票口平均检票速度的2倍，180人的团队通过一个智能闸机口比通过一个人工检票口可节约3分钟，求一个智能闸机平均每分钟检票通过

的人数．22.综合与实践问题情境：如图①，点E为正方形ABCD内一点，90AEB∠，将RtABE绕点B按顺时针方向旋转90，得到CBE(点A的对应点为点C)，延长AE交CE于点F，连接DE．猜想证明：(1)试判断四边形BEFE的形状，并说明

理由；(2)如图②，若DADE，请猜想线段CF与FE的数量关系并加以证明；解决问题：(3)如图①，若15AB，3CF，请直接写出DE的长．23.综合与探究如图，抛物线2134yxx与x轴交于A，B两点(点A在点B的左侧)，与y轴交于点C．直线l与抛物线交于A，

D两点，与y轴交于点E，点D的坐标为4,3．(1)请直接写出A，B两点的坐标及直线l的函数表达式；(2)若点P是抛物线上的点，点P的横坐标为m0m，过点P作PMx轴，垂足为M．PM与直线l交于点N，当点N是线段PM的三等分

点时，求点P的坐标；(3)若点Q是y轴上的点，且45ADQ，求点Q的坐标．山西省2020年中考数学试题第I卷选择题(共30分)一、选择题(本大题共10个小题，每小题3分，共30分．在每个小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请选出并在答题卡上将该项涂黑)1.计算1(6)3

的结果是()A.18B.2C.18D.2【答案】C【解析】【分析】根据有理数的除法法则计算即可，除以应该数，等于乘以这个数的倒数．【详解】解：(-6)÷(-13)=(-6)×(-3)=18．故选：C．【点睛】本题考查了有理数的除法，熟练掌握运算法则是解题的关

键．2.自新冠肺炎疫情发生以来，全国人民共同抗疫，各地积极普及科学防控知识．下面是科学防控知识的图片，图片上有图案和文字说明，其中的图案是轴对称图形的是()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】根据轴对称图形的概念判断即可．【详解】解：A、不

是轴对称图形；B、不是轴对称图形；C、不是轴对称图形；D、是轴对称图形；故选：D．【点睛】本题考查了轴对称图形的概念，轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合，如果一个图形沿着一条直线对折后两部分完全重合，这样的图形叫做轴

对称图形，这条直线叫做对称轴．3.下列运算正确的是()A.2325aaaB.2842aaaC.32628aaD.3264312aaa【答案】C【解析】【分析】利用合并同类项、单项式除法、幂的乘方、单项式乘法的

运算法则逐项判定即可．【详解】解：A.325aaa，故A选项错误；B.2842aaa，故B选项错误；C.32628aa，故C选项正确；D.3254312aaa，故D选项错误．故答案为C．【点睛】本题考查了合并同类项、单项式除法、积的乘方、单项式乘法等知识

点，灵活应用相关运算法则是解答此类题的关键．4.下列几何体都是由4个大小相同的小正方体组成的，其中主视图与左视图相同的几何体是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】分别画出四个选项中简单组合体的三视图即可．【详解】A、左视图为，主视图为，左视图与主视图不同，故此

选项不合题意；B、左视图为，主视图为，左视图与主视图相同，故此选项符合题意；C、左视图为，主视图为，左视图与主视图不同，故此选项不合题意；D、左视图为，主视图为，左视图与主视图不同，故此选项不合题意；故选B．【点睛】此题主要考查了简单组合体的三视图，关键是掌握左视图和主视图的画法．

5.泰勒斯是古希腊时期的思想家，科学家，哲学家，他最早提出了命题的证明．泰勒斯曾通过测量同一时刻标杆的影长，标杆的高度。金字塔的影长，推算出金字塔的高度。这种测量原理，就是我们所学的()A.图形的平移B.图形的旋转C.图形的轴对称D.图形的相似【答案】D【解析】【分析】根据

在同一时刻的太阳光下物体的影长和物体的实际高度成比例即可判断；【详解】根据题意画出如下图形：可以得到ABECDEV:V，则ABCDBEDE=AB即为金字塔的高度，CD即为标杆的高度，通过测量影长即可求出金字塔的高度故选：D.【点睛】本题

主要考查将实际问题数学化，根据实际情况画出图形即可求解.6.不等式组26041xx的解集是()A.5xB.35xC.5xD.5x【答案】A【解析】【分析】先分别求出各不等式的解集，最后再确定不等式组的解集．【详解】解：26041xx①②

由①得x＞3由②得x＞5所以不等式组的解集为x＞5．故答案为A．【点睛】本题考查了解不等式组，掌握不等式的解法和确定不等式组解集的方法是解答本题的关键．7.已知点11,Axy，22,Bxy，33,Cxy都在反比例函数kyx0k的图像上，且1230xxx

，则1y，2y，3y的大小关系是()A.213yyyB.321yyyC.123yyyD.312yyy【答案】A【解析】【分析】首先画出反比例函数kyx0k，利用函数图像的性质得到当1230xxx

时，1y，2y，3y的大小关系．【详解】解：反比例函数kyx0k，反比例函数图像在第二、四象限，观察图像：当1230xxx时，则213yyy．故选A．【点睛】本题考查的是反比例函数的图像与性质，掌握反比例函数的图像与性质是

解题的关键．8.中国美食讲究色香味美，优雅的摆盘造型也会让美食锦上添花．图①中的摆盘，其形状是扇形的一部分，图②是其几何示意图(阴影部分为摆盘)，通过测量得到12ACBDcm，C，D两点之间的距离为4cm，圆心角为60，则图中摆盘的面积是()A

.280cmB.240cmC.224cmD.22cm【答案】B【解析】【分析】先证明COD△是等边三角形，求解,OCOD，利用摆盘的面积等于两个扇形面积的差可得答案．【详解】解：如图，连接CD，,60,OCOD

CODCOD是等边三角形，4,CD4,OCOD12,ACBD16,OAOB所以则图中摆盘的面积222601660440.360360AOBCODSScm扇形扇形故选B．【点睛】本题考查的是扇形面积的计算，等边三角形的判定与性质

，掌握以上知识是解题的关键．9.竖直上抛物体离地面的高度hm与运动时间ts之间的关系可以近似地用公式2005htvth表示，其中0hm是物体抛出时离地面的高度，0/vms是物体抛出时的速度．某人将一个小球从距地

面1.5m的高处以20/ms的速度竖直向上抛出，小球达到的离地面的最大高度为()A.23.5mB.22.5mC.21.5mD.20.5m【答案】C【解析】【分析】将0h=1.5，0v=20代入2005htvth，利用二次函数的性质求出最大值，即可得出答案．【详解

】解：依题意得：0h=1.5，0v=20，把0h=1.5，0v=20代入2005htvth得25201.5htt当20t225时，542021.5=21.5h故小球达到的离地面的最大高

度为：21.5m故选：C【点睛】本题考查了二次函数的性质的应用利用二次函数在对称轴处取得最值是解决本题的关键属于基础题．10.如图是一张矩形纸板，顺次连接各边中点得到菱形，再顺次连接菱形各边中点得到一个小矩形．将一个飞

镖随机投掷到大矩形纸板上，则飞镖落在阴影区域的概率是()A.13B.14C.16D.18【答案】B【解析】【分析】连接菱形对角线，设大矩形的长=2a，大矩形的宽=2b，可得大矩形的面积，根据题意可得菱形的对角线长，从而求出菱形的面积，根据“顺次连接菱形各边中点得到一个小矩形”，可得小矩形的长，宽分

别是菱形对角线的一半，可求出小矩形的面积，根据阴影部分的面积=菱形的面积-小矩形的面积可求出阴影部分的面积，再求出阴影部分与大矩形面积之比即可得到飞镖落在阴影区域的概率．【详解】解：如图，连接EG，FH，设AD=BC=2a，AB=DC=2b，则FH=AD

=2a，EG=AB=2b，∵四边形EFGH是菱形，∴S菱形EFGH=12FHEG=1222ab=2ab，∵M，O，P，N点分别是各边的中点，∴OP=MN=12FH=a，MO=NP=12EG=b，∵四边形MOPN

是矩形，∴S矩形MOPN=OPMO=ab，∴S阴影=S菱形EFGH-S矩形MOPN=2ab-ab=ab，∵S矩形ABCD=ABBC=2a2b=4ab，∴飞镖落在阴影区域的概率是1=44abab，故选B．【点睛】本

题考查了几何概率问题．用到的知识点是概率=相应的面积与总面积之比．第II卷非选择题(共90分)二、填空题(本大题共5个小题，每小题3分，共15分)11.计算：2(23)24________．【答案】5【解析】原式=2+26+3−

26=5.故答案为5.12.如图是一组有规律的图案，它们是由边长相等的正三角形组合而成，第1个图案有4个三角形，第2个图案有7个三角形，第3个图案有10个三角形按此规律摆下去，第n个图案有_______个三角形(用含n的代数式表示)．【答案】31n

【解析】【分析】由图形可知第1个图案有3+1=4个三角形，第2个图案有3×2+1=7个三角形，第3个图案有3×3+1=10个三角形...依此类推即可解答．【详解】解：由图形可知：第1个图案有3+1=4个三角形，第2

个图案有3×2+1=7个三角形，第3个图案有3×3+1=10个三角形，...第n个图案有3×n+1=(3n+1)个三角形．故答案为(3n+1)．【点睛】本题考查图形的变化规律，根据图形的排列、归纳图形的变化规律是解答本题的关键．13.某校为了选拔一名百米赛

跑运动员参加市中学生运动会，组织了6次预选赛，其中甲，乙两名运动员较为突出，他们在6次预选赛中的成绩(单位：秒)如下表所示：甲12.012.012.211.812.111.9乙12.312.111.812.011.712.1由于甲，乙两名运动员的成绩的平均数相同，学校决定依据他

们成绩的稳定性进行选拔，那么被选中的运动员是______．【答案】甲【解析】【分析】直接求出甲、乙的平均成绩和方差，进而比较方差，方差小的比较稳定，从而得出答案．【详解】解：x甲=112.012.012.211.812.111.96=1726=12，x乙=112.312.

111.812.011.712.16=1726=12，甲的方差为22222112.01212.01212.21211.81212.1126=110.1660，乙的方差

为222222112.31212.11211.81212.01211.71212.1126=110.24625，∵116025，即甲的方差<乙的方差，∴甲的成绩比较稳定．

故答案为甲．【点睛】本题考查了方差的定义．一般地，设n个数据，12,,nxxx的平均数为x，则方差为2222121nSxxxxxxn．14.如图是一张长12cm，宽10cm的矩形铁皮，将其剪去两个全等的正方形和两个全等的矩形，剩余部分

(阴影部分)可制成底面积224cm是的有盖的长方体铁盒．则剪去的正方形的边长为______cm．【答案】2【解析】【分析】根据题意设出未知数,列出三组等式解出即可．【详解】设底面长为a,宽为b,正方形边长为x,由题意得:2()1221024xbaxab

,解得a=10－2x,b=6－x,代入ab=24中得:(10－2x)(6－x)=24,整理得:2x2－11x+18=0．解得x=2或x=9(舍去)．故答案为2．【点睛】本题考查一元二次方程的应用,关键在于不怕设多个未

知数,利用代数表示列出方程．15.如图，在RtABC中，90ACB，3AC，4BC，CDAB，垂足为D，E为BC的中点，AE与CD交于点F，则DF的长为_______．【答案】5485【解析】【分析】过点F作FH⊥AC于H，则AFH∽AEC，设FH为x，由已

知条件可得33=22AHFHx，利用相似三角形的性质：对应边的比值相等即可得到关于x的方程，解方程求出x的值，利用AFCS=ACFH=D12A12CF△即可得到DF的长．【详解】如解图，过点F作FHAC于H，∵90ACB，∴BCAC

，∴//FHBC，∵4BC，点E是BC的中点，∴2BECE，∵//FHBC，∴AFH∽AEC∴32AHACFHEC∴32AHFH，设FH为x，则32AHx，由勾股定理得22435AB=+=，又∵ABCS=ACBC=D12C12AB△，∴125

ACBCCDAB，则2295ADACCD，∵90FHCCDA且FCHACD，∴CFH△∽CAD，∴FHCHADCD，即33291255xx，解得1817x，∴1817AH．

∵AFCS=ACFH=D12A12CF△∴1893=CF1711225∴30CF17∴123054DF51785CDCF故答案为：5485【点睛】本题考查了相似的判定和性质、以及勾股定理的运用，解题的关键是作垂直，

构造相似三角形．三、解答题(本大题共8个小题，共75分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤)16.(1)计算：321(4)(41)2(2)下面是小彬同学进行分式化简的过程，请认真阅读并完成相应任务．229216926xxxxx2(3)(3)

21(3)2(3)xxxxx第一步32132(3)xxxx第二步2(3)212(3)2(3)xxxx第三步26(21)2(3)xxx第四步26212(3)xxx第五步526x第六步任务一：填空：①以上化简

步骤中，第_____步是进行分式的通分，通分的依据是____________________或填为_____________________________；②第_____步开始出现错误，这一步错误的原因是__________

___________________________；任务二：请直接写出该分式化简后的正确结果；任务三：除纠正上述错误外，请你根据平时的学习经验，就分式化简时还需要注意的事项给其他同学提一条建议．【答案】(1)1；(2)任务一：①三；分式的基本性质；分式的分子与分

母都乘(或除以)同一个不为零的整式，分式的值不变；②五；括号前是“”号，去掉括号后，括号里的第二项没有变号；任务二：726x；任务三：最后结果应化为最简分式或整式，答案不唯一，详见解析．【解析】【分析】(1)先分别计算乘方，与括号内的

加法，再计算乘法，再合并即可得到答案；(2)先把能够分解因式的分子或分母分解因式，化简第一个分式，再通分化为同分母分式，按照同分母分式的加减法进行运算，注意最后的结果必为最简分式或整式．【详解】解：(

1)原式116(3)8231(2)任务一：①三；分式的基本性质；分式的分子与分母都乘(或除以)同一个不为零的整式，分式的值不变；故答案为：三；分式的基本性质；分式的分子与分母都乘(或除以)同一

个不为零的整式，分式的值不变；②五；括号前是“”号，去掉括号后，括号里的第二项没有变号；故答案为：五；括号前是“”号，去掉括号后，括号里的第二项没有变号；任务二：解；229216926xxxxx2(3)(3)21(3)2(3)xxxxx

32132(3)xxxx2(3)212(3)2(3)xxxx26(21)2(3)xxx26212(3)xxx726x．任务三：解：答案不唯一，如：最后结果

应化为最简分式或整式；约分，通分时，应根据分式的基本性质进行变形；分式化简不能与解分式方程混淆，等．【点睛】本题考查的是有理数的混合运算，分式的化简，掌握以上两种以上是解题的关键．17.2020年5月份，省城太原开展了“活力太原·乐购晋阳”消费

暖心活动，本次活动中的家电消费券单笔交易满600元立减128元(每次只能使用一张)某品牌电饭煲按进价提高50%后标价，若按标价的八折销售，某顾客购买该电饭煲时，使用一张家电消费券后，又付现金568元．求

该电饭煲的进价．【答案】该电饭煲的进价为580元【解析】【分析】根据满600元立减128元可知，打八折后的总价减去128元是实际付款数额，即可列出等式．【详解】解：设该电饭煲的进价为x元根据题意，得(150%)80%128568x解，

得580x．答；该电饭煲的进价为580元【点睛】本题主要考察了打折销售知识点，准确找出它们之间的关系列出等式方程是解题关键．18.如图，四边形OABC是平行四边形，以点O为圆心，OC为半径的O与AB相切于点B，与AO相交于点D，AO的延长线交O于点E，连

接EB交OC于点F，求C和E的度数．【答案】45°，22.5°【解析】【分析】连接OB,即可得90OBA,再由平行四边形得出∠BOC=90°,从而推出∠C=45°,再由平行四边形的性质得出∠A=45°,算出∠AOB=45°,再根据圆周角定理即可得出∠E=22．5°．【详解】解：

连接OB．ABQ与O相切于点B，OBAB．90OBA．四边形OABC是平行四边形，//ABOC90BOCOBAOBOC，11180180904522COBCBOC

四边形OABC是平行四边形，45AC180180459045AOBAOBA．1114522.5222EDOBAOB．【点睛】本题考查圆周角定理、平行四边形的性质,关键在于根据

条件结合性质得出角度的变换．19.2020年国家提出并部署了“新基建”项目，主要包含“特高压，城际高速铁路和城市轨道交通，5G基站建设，工业互联网，大数据中心，人工智能，新能源汽车充电桩”等．《2020新基建中高端人才市场就业吸引力报

告》重点刻画了“新基建”中五大细分领域(5G基站建设，工业互联网，大数据中心，人工智能，新能源汽车充电桩)总体的人才与就业机会．下图是其中的一个统计图．请根据图中信息，解答下列问题：(1)填空：图中2020年“新基建”七大领域预计投资规模的中位

数是______亿元；(2)甲，乙两位待业人员，仅根据上面统计图中的数据，从五大细分领域中分别选择了“5G基站建设”和“人工智能”作为自己的就业方向，请简要说明他们选择就业方向的理由各是什么；(3)小勇对“新基建”很感兴趣，他收集到了五大细分领域的图标，依次制成编号为W，G

，D，R，X的五张卡片(除编号和内容外，其余完全相同)，将这五张卡片背面朝上，洗匀放好，从中随机抽取一张(不放回)，再从中随机抽取一张．请用列表或画树状图的方法求抽到的两张卡片恰好是编号为W(5G基站建设)和R(人工

智能)的概率．WGDRX【答案】(1)300；(2)甲更关注在线职位增长率，在“新基建”五大细分领域中，2020年第一季度“5G基站建设”在线职位与2019年同期相比增长率最高；乙更关注预计投资规模，在“新基建”五大细分领域中，“人工智能”在20

20年预计投资规模最大；(3)110【解析】【分析】(1)根据中位数的定义判断即可．(2)根据图象分析各个优势,表达出来即可．(3)利用列表法或树状图的方法算出概率即可．【详解】(1)将数据从小到大排列:100,160,200

,300,300,500,640,中位数为:300．故答案为:300(2)解：甲更关注在线职位增长率，在“新基建”五大细分领域中，2020年第一季度“5G基站建设”在线职位与2019年同期相比增长率最高；乙更关注

预计投资规模，在“新基建”五大细分领域中，“人工智能”在2020年预计投资规模最大(3)解：列表如下：第二张第一张WGDRXW,WG,WD,WR,WXG,GW,GD,GR,GXD,DW,GD,DR,DXR,RW,RG,

RD,RXX,XW,XG,XD,XR或画树状图如下：由列表(或画树状图)可知一共有20种可能出现的结果，且每种结果出现的可能性都相同，其中抽到“W”和“R”的结果有2种．所以，P(抽到“W”和“R”)212010．【点睛】本题考查统计图的数据分析及概率计算,关键在

于从图像中获取有用信息．20.阅读与思考下面是小宇同学的数学日记，请仔细阅读并完成相应的任务．×年×月×日星期日没有直角尺也能作出直角今天，我在书店一本书上看到下面材料：木工师傅有一块如图①所示的四边形木板，他已经在木板上画出一条裁割线AB，现根据木板的情况，要过AB上的一点C，作

出AB的垂线，用锯子进行裁割，然而手头没有直角尺，怎么办呢？办法一：如图①，可利用一把有刻度的直尺在AB上量出30CDcm，然后分别以D，C为圆心，以50cm与40cm为半径画圆弧，两弧相交于点E，作直线CE，则DCE必为90．办法二：如图②，可以取一根笔直的木棒，用铅笔在木棒上点

出M，N两点，然后把木棒斜放在木板上，使点M与点C重合，用铅笔在木板上将点N对应的位置标记为点Q，保持点N不动，将木棒绕点N旋转，使点M落在AB上，在木板上将点M对应的位置标记为点R．然后将RQ延长，在延长线上截取线段QSMN，得到点S，作直线SC，则90RCS．我有如下思考：以上

两种办法依据的是什么数学原理呢？我还有什么办法不用直角尺也能作出垂线呢？……任务：(1)填空；“办法一”依据的一个数学定理是_____________________________________；(2)根据“办法二”的操作过程

，证明90RCS；(3)①尺规作图：请在图③的木板上，过点C作出AB的垂线(在木板上保留作图痕迹，不写作法)；②说明你的作法依据的数学定理或基本事实(写出一个即可)【答案】(1)勾股定理的逆定理；(2)详见解析；(3)①详见解析；②答案不唯一，详见解析【解析】【分析】

(1)利用2223040=50说明△DCE是直角三角形，说明=90DCE，进而得出利用的原理是勾股定理逆定理即可；(2)由作图的方法可以得出：QRQC，QSQC，得出QCRQRC，QCSQSC，利用三角形内角和得出90QCRQCS，即90RCS，说明垂直

即可；(3)①以点C为圆心，任意长为半径画弧，与AB有两个交点，分别以这两个交点为圆心，以大于这两个交点之间的距离的一半为半径画弧，这两段弧交于一点P，连接PC即可；②到一条线段两个端点距离相等的点，在这条线段的垂直平分线上，即可说明垂直．

【详解】(1)勾股定理的逆定理(或如果三角形两边的平方和等于第三边的平方，那么这个三角形是直角三角形)；(2)证明：由作图方法可知：QRQC，QSQC，QCRQRC，QCSQSC．又180SRCRCSRSC，180QCRQ

CSQRCQSC．2()180QCRQCS．90QCRQCS即90RCS．(3)解：①如图，直线CP即为所求；图③②答案不唯一，如：三边分别相等的两个三角形全等(或SSS)；等腰三角形顶角的平分线、底边上的高、底边上的

中线重合(或等腰三角形“三线合一”)；到一条线段两个端点距离相等的点，在这条线段的垂直平分线上等．【点睛】本题主要考查了垂直的判定，熟练掌握说明垂直的方法是解决本题的关键．21.图①是某车站的一组智能通道闸机，当行人通过时智能闸机会自动识别行人身份，识

别成功后，两侧的圆弧翼闸会收回到两侧闸机箱内，这时行人即可通过．图②是两圆弧翼展开时的截面图，扇形ABC和DEF是闸机的“圆弧翼”，两圆弧翼成轴对称，BC和EF均垂直于地面，扇形的圆心角28ABCDEF

，半径60BAEDcm，点A与点D在同一水平线上，且它们之间的距离为10cm．(1)求闸机通道的宽度，即BC与EF之间的距离(参考数据：sin280.47，cos280.88，tan280.53)；

(2)经实践调查，一个智能闸机的平均检票速度是一个人工检票口平均检票速度的2倍，180人的团队通过一个智能闸机口比通过一个人工检票口可节约3分钟，求一个智能闸机平均每分钟检票通过的人数．【答案】(1)BC与EF之间的距离为66.4cm；(2)一个智能闸机平均

每分钟检票通过的人数为60人．【解析】【分析】(1)连接AD，并向两方延长，分别交BC，EF于点M，N,则MNBC，MNEF,根据MN的长度就是BC与EF之间的距离，依据解直角三角形，即可得到可以通过闸机的物体的最大宽度；(2

)设一个人工检票口平均每分钟检票通过的人数为x人，根据“一个智能闸机的平均检票速度是一个人工检票口平均检票速度的2倍，180人的团队通过一个智能闸机口比通过一个人工检票口可节约3分钟”列出分式方程求解即可；还可以设一个智能闸机平均每

分钟检票通过的人数为x人，根据题意列方程求解．【详解】解：连接AD，并向两方延长，分别交BC，EF于点M，N．由点A与点D在同一水平线上，BC，EF均垂直于地面可知，MNBC，MNEF，所以MN的长度就是BC与EF之间

的距离．同时，由两圆弧翼成轴对称可得AMDN．在RtABM中，90AMB，28ABM，60AB，sinAMABMAB，sinAMABABM60sin28600.4728.2．228.221066.4MNAMDNAD

AMAD．BC与EF之间的距离为66.4cm．(1)解法一：设一个人工检票口平均每分钟检票通过的人数为x人．根据题意，得18018032xx解，得30x．经检验30x是原方程的解当30x时，260x答：一个

智能闸机平均每分钟检票通过的人数为60人．解法二：设一个智能闸机平均每分钟检票通过的人数为x人．根据题意，得180180312xx．解，得60x经检验60x是原方程的解．答：一个智能闸机平均每分钟检票通过的人数为60人．【点睛】本题考查了解直角三角形及列分式方程

解应用题，关键是掌握含30度的直角直角三角形的性质．22.综合与实践问题情境：如图①，点E为正方形ABCD内一点，90AEB∠，将RtABE绕点B按顺时针方向旋转90，得到CBE(点A的对应点为点C)，延长AE交CE于点F，连接

DE．猜想证明：(1)试判断四边形BEFE的形状，并说明理由；(2)如图②，若DADE，请猜想线段CF与FE的数量关系并加以证明；解决问题：(3)如图①，若15AB，3CF，请直接写出DE的长．【答案】(1)四边形BEFE是正方形，理由详见解析；(2)CFFE，证明详

见解析；(3)317．【解析】【分析】(1)由旋转可知：90EAEB，90EBE,再说明90FEB可得四边形BEFE是矩形，再结合BEBE即可证明；(2)过点D作DHAE，垂足为H，先根据等腰三角形

的性质得到12AHAE，再证AEBDHA可得AHBE，再结合BEBE、CEAE即可解答；(3)过E作EG⊥AD，先说明∠1=∠2，再设EF=x、则BE=FE＇=EF=BE＇=x、CE＇=AE=3+x，再在Rt△AEB中运用勾股定理求得

x，进一步求得BE和AE的长，然后运用三角函数和线段的和差求得DG和EG的长，最后在Rt△DEG中运用勾股定理解答即可．【详解】解：(1)四边形BEFE是正方形理由：由旋转可知：90EAEB，

90EBE，BEBE又180AEBFEB，90AEB∠90FEB四边形BEFE是矩形．∵BEBE．四边形BEFE是正方形；(2)CFFE．证明：如图，过点D作DHAE，垂足为H，则90DHA，1390DADE12AH

AE．四边形ABCD是正方形，ABDA，90DAB．21902390AEBDHA，AEBDHA．AHBE．BEEF∵AHEF∵CEAE，12FE

CECFFE；(3)如图：过E作EG⊥AD∴GE//AB∴∠1=∠2设EF=x，则BE=FE＇=EF=BE＇=x，CE＇=AE=3+x在Rt△AEB中，BE=x，AE=x+3，AB=15∴AB2=BE2+AE2，即152=x2+(x+3)2，解得x=-

12(舍)，x=9∴BE=9,AE=12∴sin∠1=93155BEAB,cos∠1=124155AEAB∴sin∠2=3125AGAGAE,cos∠2=4125GEGEAE∴AG=7.2,GE=9.6∴D

G=15-7.2=7.8∴DE=227.89.6153317．【点睛】本题考查了正方形的性质、旋转变换、勾股定理、解三角形等知识，综合应用所学知识是解答本题的关键．23.综合与探究如图，抛物线2

134yxx与x轴交于A，B两点(点A在点B的左侧)，与y轴交于点C．直线l与抛物线交于A，D两点，与y轴交于点E，点D的坐标为4,3．(1)请直接写出A，B两点的坐标及直线l的函数表达式；(2)若点

P是抛物线上的点，点P的横坐标为m0m，过点P作PMx轴，垂足为M．PM与直线l交于点N，当点N是线段PM的三等分点时，求点P的坐标；(3)若点Q是y轴上的点，且45ADQ，求点Q的坐标．【答案】(1)2,0A，

6,0B，直线l的函数表达式为：112yx；(2)当点N是线段PM的三等分点时，点P的坐标为0,3或153,4；(3)点Q的坐标为0,9或130,3．【解析】【分析】

(1)令2130,4xx可得,AB两点的坐标，把,AD的坐标代入一次函数解析式可得l的解析式；(2)根据题意画出图形，分别表示,,PMN三点的坐标，求解,,PMPNMN的长度，分两种情况讨论即可得到答案；(3)根据题意画出图形，分情况讨论：①如图，当点Q在y轴正半轴上时，

记为点1Q．过点1Q作1QH直线l，垂足为H．再利用相似三角形与等腰直角三角形的性质，结合勾股定理可得答案，②如图，当点Q在y轴负半轴上时，记为点2Q．过点2Q作2QG直线l，垂足为G，再利用相似三角形与等腰直角三角形的性质，结合勾股定理可得答案．【详解】解：(1)令2130,4xx

24120,xx620,xx122,6.xx2,0A，6,0B，设直线l的函数表达式为：ykxb，把2,0,4,3AD代入得：2043kbkb

解得：121kb直线l的函数表达式为：112yx．(2)解：如图，根据题意可知，点P与点N的坐标分别为21,34Pmmm，1,12Nmm．22113344PMmmmm11112

2MNmm，2211111322442NPmmmmm，分两种情况：①当3PMMN时，得21133142mmm．解得：10m，22m(舍去)当0m

时，21334mm．点P的坐标为0,3②当3PMNP时，得22111332442mmmm．解得：13m，22m(舍去)当3m时，2115344mm点P的坐标为153,4．当点N是线段P

M的三等分点时，点P的坐标为0,3或153,4(3)解：直线112yx与y轴交于点E，点E坐标为0,1．分两种情况：①如图，当点Q在y轴正半轴上时，记为点1Q．过点1Q作1Q

H直线l，垂足为H．则190QHEAOE，1QEHAEO，1QHEAOE．1QHHEAOOE即121QHHE12QHHE．又145QDH，190QHD，1145HQDQDH12DHQHHE．HEED连接CD，点

C的坐标为0,3，点D的坐标为4,3，CDy轴2222[1(3)]425EDECCD．25HE，145QH．222211(25)(45)10QEHEQH．111019OQQEOE．点1Q的坐标为0,9．②如图，当点Q在y轴

负半轴上时，记为点2Q．过点2Q作2QG直线l，垂足为G，则290QGEAOE，2QEGAEO，2~QGEAOE．2QGEGAOOE．即221QGEG22QGEG．又245QDG，290

QGD，2245DQGQDG22DGQGEG．3EDEGDGEG．由①可知，25ED．325EG．253EG．2453QG222222254510333EQEGQG

．221013133OQOEEQ点2Q的坐标为130,3点Q的坐标为0,9或130,3．【点睛】本题考查的是二次函数与x轴的交点坐标，利用待定系数法求一次函数的解析式，平面直角坐标系中线段的长度的计算，同时考查了相似三角形的判

定与性质，等腰直角三角形的性质，勾股定理的应用，特别是分类讨论的数学思想，掌握以上知识是解题的关键．获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com