【文档说明】《中考真题物理》精准解析：2024年四川省广安市中考物理试题（解析版）.docx，共(22)页，1.933 MB，由envi的店铺上传

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广安市2024年初中学业水平考试试题物理注意事项：1.本试卷分为试题卷（1-6页）和答题卡两部分。满分60分，与化学同堂，考试时间共120分钟。2.考生答题前，请先将姓名、准考证号等信息用黑色墨迹签字笔填写在答题卡上的指定位置，待监考员粘贴条形码后，认真核

对条形码上的姓名、准考证号与自己准考证上的信息是否一致。3.请将选择题答案用2B铅笔填涂在答题卡上的相应位置，非选择题答案用黑色墨迹签字笔答在答题卡上的相应位置。超出答题区域书写的答案无效，在草稿纸、试题卷上答题无效；作图题应先用铅笔画

，确定不修改后，再用黑色墨迹签字笔描黑。4.考试结束，监考员必须将参考学生和缺考学生的答题卡、试题卷一并收回。一、单项选择题（每小题1.5分，共18分）1.中华民族传统乐器历史悠久、种类繁多。关于乐器使用所

涉及的声现象，下列分析正确的是（）A.唢呐表演，模仿鸟儿的叫声令人愉悦，是乐音B.笛子演奏，按压不同位置的气孔，主要改变声音的响度C.击鼓鸣锣，告知将士冲锋或收兵，说明声音可以传递能量D.敲击编钟，周围的人能听到声音，说明声音的传播不需

要介质【答案】A【解析】【详解】A．从物理学角度，发声体有规则振动发出的是乐音，无规则振动发出的是噪音；从环保角度，凡是影响人们正常工作、学习、休息的声音，都可能是噪音，唢呐模仿的鸟儿叫声令人愉悦，是乐音，故A正确；B．吹奏时按压不同位置的气孔，振动频率不同，音调不同，故B错误；C．声音可以传

递信息和能量，击鼓鸣锣，告知将士冲锋或收兵，说明声音可以传递信息，故C错误；D．敲击编钟，周围的人能听到声音，说明声音可以在空气中传播，声音的传播需要介质，故D错误。故选A。2.赏中华诗词、寻文化基因、悟生活之理。对下列诗句所蕴含的热现象分析正确的是（）A.“北国风光，千里冰．封

，万里雪飘”，水凝固成冰的过程会放热，温度降低B.“风雨送春归，飞雪．迎春到”，雪的形成是升华现象C.“一夜新霜．著瓦轻，芭蕉新折败荷倾”，霜的形成是凝华现象D.“青青园中葵，朝露．待日晞”，露的形成需要吸热【答案】C【解

析】【详解】A．水凝固成冰的过程会放热，但温度不变，故A错误；B．雪是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故B错误；C．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，故C正确；D．露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，此过

程放热，故D错误。故选C。3.“以铜为镜，可以正衣冠”，我们的祖先很早就会利用磨光的铜镜来观察自己的像。下列现象与铜镜成像原理相同的是（）A.水膜中的像B.水中的倒影C.手影游戏D.天空中的彩虹【答案】B【解析】【详解】铜镜成像原理是光的反射。A．水膜

中的像是倒立、缩小的实像，是光的折射现象，故A不符合题意；B．水中的倒影，是平面镜成像现象，是光的反射现象，故B符合题意；C．手影游戏，是光的直线传播现象，故C不符合题意；D．天空中的彩虹是光的色散现象，是光的折射现象，故D不符合题意，故选B。4.关于广安市中考体育

测试场上出现的运动场景，下列分析正确的是（）A.小聪进行1000m测试通过终点时不能立即停下来，是因为受到惯性的作用B.小明进行乒乓球测试时，乒乓球撞击墙面被弹回，说明力的作用是相互的C.小敏踢出去足球在草地上滚动一段距离会停下来，是因为足球未受到力的作用

D.小捷在跳绳测试中，起跳时她的重力和地面对她的支持力一定是一对平衡力【答案】B的【解析】【详解】A．小聪进行1000m测试通过终点时不能立即停下来，是因为小聪具有惯性，惯性不是力，不能说受到力的作用，故A错误；B．小明进行乒乓球测试时，因力的作用是相互的，

乒乓球撞击墙面的同时液受到墙面对其的反作用力，因此被弹回，故B正确；C．小敏踢出去的足球在草地上滚动一段距离会停下来，是因为足球受到草地对其的阻力的作用，故C错误；D．小捷起跳时她的脚向下蹬底，她对地面的压力与地面对她的支持力是一对相互作用力，大小相等，方向相反。

此时地面对她的支持力大于她自身受到的重力，合力向上，故此时她的重力和地面对她的支持力不是一对平衡力，故D错误。故选B。5.如图是一款用于某校“五四”汇演航拍的新型智能无人机，在它竖直向上匀速运动的过程中（）A.动能增大，重力势能增大，机械能增大B.动能减小，重力势

能增大，机械能不变C.动能不变，重力势能增大，机械能增大D.动能减小，重力势能增大，机械能减小【答案】C【解析】【详解】无人机在竖直向上匀速运动的过程中，质量不变，速度不变，动能不变；质量不变，高度增大，重力势能增大；机械能=动能+重力势能，机械能增

大，故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。6.《新能源汽车产业发展规划（2021—2035年）》指出：发展新能源汽车是我国从汽车大国迈向汽车强国的必由之路。下列家用电器与新能源电动汽车动力装置的工作原理相同的是（）A.电视

机B.手电筒C.电饭锅D.电风扇【答案】D【解析】【详解】新能源电动汽车动力装置将电能转化为机械能，利用通电导体在磁场中受力的作用工作。A．电视机将电能转化为光能与内能，故A不符合题意；BC．手电筒、电饭锅利用电流的热效应工作，将电能转化为内能，故BC不符合题意；D．电风扇工作原理是通电导体在磁场

中受力的作用工作，将电能转化为机械能，故D符合题意。故选D。7.小强上次查看家里的电能表显示为，本次查看时电能表示数如图所示，下列说法正确的是（）A.电能表是测量电功率的仪表B.在这段时间内消耗的电能为792kW·hC.小

强家同时工作的用电器的总功率不能超过2200WD.只将一台标有“220V1000W”的电热水器接入电路中，正常工作5min，电能表的指示灯闪烁300次【答案】D【解析】【详解】A．电能表是测量电能的仪表，不是测量电功率的，故A错误；B．电能表的示数W=8632.4kW⋅

h−8553.2kW⋅h=79.2kW⋅h故B错误；C．电能表允许通过的最大电流为20A，则小强家同时工作的用电器的总功率不能超过P=UI=220V×20A=4400W故C错误；D．只将一台标有“220V100

0W”的电热水器接入电路中，正常工作5min消耗的电能511hh300000J6012WPtkWkW====3600r/kW•h表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转3600r，电能表的指示灯闪烁300次消耗的电能3001hh30000

0J360012WkWkW===因为W=W′，所以正常工作5min，电能表的指示灯闪烁300次，故D正确。故选D。8.桔槔是《天工开物》中记载的一种原始的汲水工具，在拗石辅助下，人几乎可以不用力就能将一桶水从井中提起。如图所示，已知A点所挂拗石重力为100N，21OAOB=︰︰，

两侧悬挂的绳子始终保持在竖直方向，忽略横杆和绳的重力（331.010kg/m=水）。下列说法错误．．的是（）A.桔槔平衡时，桶内水的体积为23210m−B.桔槔是杠杆装置C.桔槔平衡时，A、B两点所受的拉力之比为1∶

2D.要想一次提取更多的水，可以将悬挂点A向远离O点方向移动【答案】A【解析】【详解】A．已知A点所挂拗石重力为100N，OA︰OB=2︰1，两侧悬挂的绳子始终保持在竖直方向，桔槔平衡时，由杠杆平衡条件可得ABFOAFOB=即100N×2=FB×1解得FB=200N

由于水桶有重力，所以桶中水的重力小于200N，则桶内水的体积小于23B33200N210m110/m10N/FmGVggkgkg−=====所以水的体积小于2×10−2m3，故A错误，符合题意；B．桔槔是绕着固定的点转动的

硬棒，所以桔槔是杠杆装置，故B正确，不符合题意；C．桔槔平衡时，由杠杆平衡条件可得ABFOAFOB=由于OA︰OB=2︰1，所以A、B两点所受的拉力之比AB12FOBFOA==故C正确，不符合题意；D．桔槔平衡时，由杠杆平衡条件可得ABFOAFOB=要想一次提取更多的水，即增大FB，由于

FA和OB保持不变，所以需要增大OA，故可以将悬挂点A向远离O点方向移动，故D正确，不符合题意。故选A。9.内燃机的发明是第二次工业革命中应用技术领域的一项重大成就。如图所示为单缸四冲程汽油机的一个冲程示意图，若该汽油机

的效率为30%，飞轮每分钟转动1800圈（74.610J/kgq=汽油），则下列说法正确的是（）A.图中所示冲程是做功冲程B.若该汽油机完全燃烧5kg汽油，则汽油机做的有用功为76.910JC.该

汽油机在1s内做功30次D.汽油机消耗的燃料越少，效率一定越高【答案】B【解析】【详解】A．图中所示冲程两气阀关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，故A错误；B．若该汽油机完全燃烧5kg汽油，则汽油机做的有用功为77305kg4.610J/kg6.910JWQ

===有放％故B正确；C．飞轮每分钟转动1800圈，则每秒转动30圈，该汽油机飞轮转动2圈对外做功一次，则在1s内做功15次，故C错误；D．由100WQ=有放％得，汽油机消耗的燃料越少，完全燃烧释放的热量越少，做的有用功不知，无法比较效率高低，故D错误。故选B。10.20

23年4月，我国东部战区组织了环台岛军事演习。当参演的航空母舰——“辽宁舰”上的战斗机从军舰上起飞后（）A.飞行的战机以航母为参照物，是静止的B.航母所受浮力变小，会上浮一些C.航母所受浮力不变，排开水的体积不变D.航母两侧水域流速大的位置压强大【答案】B【解析】【详解】A．以航母

为参照物，飞行的战机的位置发生变化，所以飞行的战机是运动的，故A不符合题意；BC．战斗机从航母上起飞后，航母的重力变小，由于航母处于漂浮状态，航母受到的浮力等于重力，所有航母受到的浮力变小，由阿基米德原理可知，航母排开水的体

积变小，故航母会上浮一些，故B符合题意，C不符合题意；D．由于流体流速大的位置压强小，所以航母两侧水域流速大的位置压强小，故D不符合题意。故选B。11.党的二十大报告指出“必须坚持科技是第一生产力”。某学校为了

培养学生的科学素养，开展了STEM科创教育，在此期间，科创小组自制了“冰淇淋自动售货机”。该作品可以通过扫码（该开关闭合）或投币（该开关闭合）完成自动出售服务；当光线较暗时，光控开关闭合，还可以提供照明。下列电路设计符合该要求的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】由题意可知，闭合

开关扫码或闭合开关投币都能启动电动机，故开关扫码和投币应并联共同控制电动机；在光线较暗时，光控开关自动闭合，接通灯泡照明，则灯泡由光控开关控制，且与电动机并联。综上所述，图D符合要求，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。12.如图甲所示电路

，电源电压恒定不变，电流表量程是0~0.6A，电压表量程是0~3V。闭合开关S，在滑动变阻器R的滑片从最右端向左滑到a点的过程中，滑动变阻器R和灯泡L的UI−图像分别如图乙所示，当滑片在a点时灯泡L恰好正

常发光。下列说法正确的是（）A.电源电压为4VB.灯泡L正常发光时的电阻为6ΩC.电路中允许的最大功率为2.25WD.电压表测量的是滑动变阻器R两端的电压【答案】C【解析】【详解】ABD．由电路图可知，L与R串联，

电流表测电路中电流，电压表测灯泡两端电压。当滑动变阻器R的滑片从最右端向左滑到a点的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路中总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中电流增大，则灯泡两端电压增大，由串联电路电压特点可知，滑动变阻器两端电压减小，因此上半部分图

像是R的UI−图像，下半部分是L的UI−图像。当滑片在a点时灯泡L恰好正常发光，则由图乙可知此时L0.5AI=，L1.5VU=，R3VU=由串联电路电压特点可知，电源电压RL3V1.5V4.5VUUU=+=+=灯泡L正常发光时的电阻为LLL1.5V30.5

AURI===故ABD错误；C．因灯泡正常发光时的电流为0.5A，因此电路中允许的最大功率为L4.5V0.5A2.25WPUI===大故C正确。故选C。二、填空题（每空1分，共14分）13.科学既是物理的，也是化学的，还是地理的……某款暖手包，包内的物

质含有醋酸钠，其液体可以通过凝固放热，再以______（选填“做功”或“热传递”）方式温暖我们的双手；教学用磁悬浮地球仪应用了同名磁极相互______的规律。【答案】①.热传递②.排斥【解析】【详解】[1]暖手包内的物质凝固会放出热量，再

通过热传递的方式将热量传递给手。[2]同名磁极相互排斥，磁悬浮地球仪应用了同名磁极相互排斥的规律。14.水是人类赖以生存的宝贵资源，节约用水是每个公民应尽的义务。在对水循环进行探究时，小月将冰块装入一个质量为20

g的烧杯中，利用天平测出它们的总质量如图所示，由此得出这块冰的质量为______g；如果这块冰完全熔化成水，其质量______。（选填“变大”“变小”或“不变”）【答案】①.42.4②.不变【解析】【详解】[1]由图可知，标尺的分度值为0.2g，烧杯和

冰的总质量m总=50g+10g+2.4g=62.4g则冰的质量m冰=m总−m烧杯=62.4g−20g=42.4g[2]质量是物体的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都无关，所以这块冰完全熔化成水，其质量不变。15.LED灯已

广泛应用于展示台装饰、居家照明、城市夜景美化等，制作LED灯的材料是______（选填“半导体”或“超导体”）。如图为某学校电子屏中滚动播放的标语，其显示屏中的“增”字有一部分未显示曾强文明意识出来，其它部分正常发

光，由此可知，未发光部分与其它部分建设和谐校园之间是______联的。【答案】①.半导体②.并【解析】【详解】[1]导电能力介于导体和绝缘体之间的材料叫半导体，半导体是制作二极管、三极管的材料，常用在电子元

件上，LED灯中的发光二极管由半导体材料制成。[2]其显示屏中的“增”字有一部分未显示曾强文明意识出来，其它部分正常发光，因此可知，未发光部分与其它部分是独立工作，互不影响的，故未发光部分与其它部分建设和谐校园之间是并联的

。16.某地区的居民常用太阳灶来烧水，太阳灶所利用的太阳能来源于太阳内部原子核的______（选填“聚变”或“裂变”）。如果把质量为1.2kg、温度为25℃的水加热到75℃，至少需要给水提供______J的能量。[()34.210J/kgc=水℃]【答案】①.聚变②.52.5210【解

析】【详解】[1]在太阳内部时刻发生由“氢”聚变成“氦”的原子核反应，即核聚变，不停地释放出巨大的能量。[2]如果把质量为1.2kg、温度为25℃的水加热到75℃，需要的热量为()()()503g4.21J/kg1.2k7525200.521JQcmtt=−=−=吸℃℃℃17

.房屋装修时，工人利用滑轮组提升物体。如图所示，已知物体的重力为800N，在绳子自由端用500N的力拉着物体在竖直方向上做匀速直线运动，物体被提升了3m，该滑轮组的机械效率为______。如果要提高滑轮组的机械效率，可采用的措施有：______（填写番号）①增加物体的

重力②增加提升物体的高度③减小动滑轮的重力。【答案】①.80%②.①③【解析】【详解】[1]由题知，n=2，则绳端移动的距离s=2h=2×3m=6m有用功W有=Gh=800N×3m=2400J总功W总=Fs=500N×6m=3000J滑轮组的机械效率24

00J100%100%80%3000JWW===有总[2]①增加物体的重力，可以提高有用功，在额外功不变的情况下，有用功占总功的比例增大，也就是机械效率变大，故①符合题意；②增加提升物体的高度，绳端移动的距离也相应的增大

，根据WGhGhGWFsFnhnF====有总可知机械效率并不受影响，故②不符合题意；③减小动滑轮的重力，在提升物体重力不变的情况下，即有用功不变的情况下，额外功减小了，所以机械效率就提高了，故③符合题意

。故选①③。18.如图甲所示，足够高的圆柱形薄壁容器，装有适量的水放在水平桌面上。现将一个质量为2kg、底面积为2100cm的均匀长方体竖直放入容器中，受到容器的支持力为4N，此时物体所受浮力为______N。若再加入适量的水使长方体刚

好漂浮，如图乙所示，则此时水面的高度与图甲相比增加了______cm。（331.010kg/m=水，g取10N/kg）【答案】①.16②.4【解析】【详解】[1]长方体的重力G=mg=2kg×10N/kg=20N因为长方体受竖直向下的重力、竖直向上的浮力和支持力，并且G

=F浮+F支所以长方体受到的浮力F浮=G−F支=20N−4N=16N[2]由FgV=浮液排可得，长方体排开水的体积333316N1.610m110/m10N/FVgkgkg−===浮排液此时水面的高度33421.610m0.16m1610010mVhcmS−−====排

因为长方体刚好漂浮，所以''20NFGmggV====浮液排排排此时物体排开的体积为3333'20N'210m110/m10N/FVgkgkg−===浮排此时水面的高度3342'210m'0.2m2010010mVhcmS−−=

===排此时水面的高度与图甲相比增加的高度Δh=h'−h=20cm-16cm=4cm19.如图所示，电源电压恒定不变，甲、乙为两只相同的电表。当开关1S闭合、2S断开时，甲、乙两电表示数之比为5∶3，则两电表均为______（选填“电压表”或“电流

表”）。一段时间后，电阻1R产生的热量为1Q；现同时更换两电表种类，并调整开关状态，使两电表均有正常示数，经过相同的时间，电阻1R产生的热量为2Q，则12QQ∶为______。【答案】①.电流表②.25∶9【解析】【详解】[1][2]因

电压表并联在电路中，其内阻较大，在电路中相当于断路，若两表都是电压表，则电路当开关1S闭合、2S断开时，电压表串联在电路中，不符合题意，故两个电表都是电流表，此时两电阻并联，甲测干路电流，乙测R2支路电流。由并联电路电流特点可知，通过两电阻的电流之比531223IIII

IIII−−===甲乙乙乙乙乙由URI=可知，两电阻之比122132RIRI==经过时间t后，电阻1R产生的热量211UtQR=现同时更换两电表种类，即两电表都更换为电压表，两个开关都闭合，R1、R2串联，甲测R2两端电

压，乙测电源电压，电路中电流为212111335UUUIRRRRR===++经过时间t后，电阻1R产生的热量22211139()525UUtQRtRR==则211221259925UtQRUtQR==三、作图题

（每小题1分，共3分）20.如图所示，请作出这束光从三棱镜斜面射出的折射光线的大致方向。【答案】【解析】【详解】光从三棱镜斜射入空气中时，折射光线和入射光线位于法线两侧，折射角大于入射角，如下图示数：21.如图所示，请作出静止在水平桌面上的书所受

的摩擦力和书对桌面压力的示意图。【答案】【解析】【详解】由图可知，书在拉力F拉的作用下，处于静止状态，由二力平衡条件可知，书受到的摩擦力方向与拉力F拉的方向相反，大小与拉力F拉大小相等；书对桌面压力的受力物体是桌面，则作用点在桌面上，压力方

向垂直于桌面向下，如下图所示：22.如图所示，请用笔画线代替导线，将图中的插座、电灯和开关正确接入家庭电路中。【答案】【解析】【详解】家庭电路中的三孔插座要按照左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线连接；电灯和开关接入家庭电路中时，为了

能安全用电，开关应接在火线和灯泡之间，如下图所示：四、实验探究题（每空1分，共12分）23.爱动手爱思考的小军，在做了“探究凸透镜成像规律”实验后，又选用了焦距未知的凸透镜进行拓展探究。（1）将凸透镜安装在光具座上，用平行光作为光源，移动光屏直至光屏上得到

一个最小最亮的光斑，如图甲所示，则凸透镜焦距为______cm；（要求估读）（2）在实验过程中，当物距为5cm时所成像与生活中的______所成像的规律相同；（写出一种即可）（3）蜡烛随着燃烧而变短，小军发现光屏上所成的像向上移动，从而影

响了实验的进行，如图乙所示。为了解决这一问题，你认为他最合理的调整方法是______；A.只需将光屏适当上移B.只需将凸透镜适当下移C.将光屏和凸透镜都适当下移D.以上操作均可行（4）小军认为在实验过程中用蜡烛作为发光体除容易变短外，还存在一些不足

之处，比如______。（写出合理的一条即可）【答案】①.10.0②.放大镜③.AB④.见解析【解析】【详解】（1）[1]图甲中，刻度尺的分度值为1cm，平行光经过凸透镜后在光屏上得到一个最小最亮的光斑，这个光斑即为焦点，焦点到凸透镜的距离即为焦距，则焦距为40.0cm30.0cm10.0cmf=

−=（2）[2]在实验过程中，当物距为5cm时，小于1倍焦距，成正立放大的虚像，放大镜就是根据该原理制成的。（3）[3]蜡烛在燃放中不断缩短，向下移动，光屏上的像向上移动，要使像能够成在光屏中央，可向上移动光屏；或

向上移动蜡烛或向下移动凸透镜。故AB符合题意，CD不符合题意。故选AB（4）[4]实验中烛焰会随空气的流动飘忽不定，影响像的稳定，不方便测量。24.物理兴趣小组的同学在“探究影响浮力大小的因素”过程中，经过讨论提出如下猜想：猜想1

：浮力的大小与物体浸入的深度有关：猜想2：浮力的大小与液体的密度有关：猜想3：浮力的大小与物体的形状有关。小组同学分别对以上猜想进行探究，以下是他们的实验过程。。（1）小凌根据A、B、C三图，认为猜想1是正确的；同组的小果根据A、C、D三图，认为猜想1是错误的。通过深入分析上述现象，小组同学一致

认为浮力的大小随物体浸入液体体积的增大而______，与物体浸没在液体的深度无关。（2）根据______三图，可验证猜想2是正确的。同学们通过查阅相关资料并结合图中数据，还可以测出物体的密度为______3kg/m。（3

31.010kg/m=水）（3）为了验证猜想3，小组同学找来两个完全相同的薄铝片、一个烧杯和适量的水等器材进行实验，实验步骤如下：①将一个薄铝片放入盛有适量水的烧杯中，观察到铝片下沉至杯底；②将另一薄铝片弯成“碗状”也放入该烧杯中，观察到铝片漂浮在水面上。根据以上现象，小丽得出猜想3是正确的

。她的结论不可靠，原因是______。【答案】①.增大②.ADE③.31.6710④.见详解【解析】【详解】（1）[1]根据A、C、D三图可知，物体浸入液体的深度不同，但测力计的示数相同，说明浮力大小与物体浸没在液体的深度无关；根据A、B、C三图可知，物体浸入液体的体积不同，测力计的

示数不同，说明浮力大小与物体浸入液体的体积有关，物体浸入液体体积越大，物体受到的浮力越大。（2）[2]根据A、D、E三图可知，物体浸入液体的体积相同，但液体的密度不同，测力计的示数不同，说明浮力大小与液体的密度有关。[3]根

据AC图可知F浮=G−F=5N−2N=3N根据FgV=浮液排可得43333N310m110/m10N/FVgkgkg−===浮排液因为物体浸没，所以V=V排=3×10−4m3根据G=mg和mV=可得，物体的密度33435N1.6710/m10N/310mmGkgVgVkg−====

（3）[4]根据控制变量法可知，要探究浮力大小与物体形状的关系，应控制物体排开液体的体积相同，而实验中将另一薄铝片弯成碗状也放入该烧杯中，铝片漂浮在水面上，铝片排开液体的体积变大，所以小丽的结论不

可靠。25.小华和同学们进行了“探究电流与电阻的关系”实验。实验器材有：三节干电池（每节恒为1.5V）、电流表一只、电压表一只、滑动变阻器两个（分别标有“20Ω2A”“40Ω1A”字样）、定值电阻4个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω）、开

关一个、导线若干。他们利用这些器材设计了如图甲所示的电路。（1）小华先将5Ω的电阻接入电路，闭合开关，发现电流表有示数、电压表无示数，出现该故障的原因可能是______；（写出一种即可）（2）排除故障后，闭合开关，移动滑片至某一位置，观察并记录两电表示数。接着将5Ω的电阻换成10Ω，闭

合开关，为控制定值电阻两端电压不变，应将滑动变阻器的滑片向______（选填“A”或“B”）端移动；（3）多次更换定值电阻进行实验，并根据实验数据画出电流随电阻变化的IR−图像，如图乙所示。通过观察发现：在误差范围内，图像上的任意点和坐标轴围成的矩形面积大小都

相等，因此可以得出的实验结论是______；（4）为了完成整个实验，他们选取的滑动变阻器规格是______。【答案】①.定值电阻短路②.B③.导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比④.“40Ω1A”【解析】【详解】（1）[1]电流表有示数，说明电路

不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的电路短路，因此故障可能是与电压表并联的定值电阻R短路了。（2）[2]研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同。将5Ω的电阻换成10Ω，根据串联分压原理，闭合开关后，电压表示数会变大，为控制定值电阻两端的电压不变，应减

小定值电阻的电压，则应增大变阻器的电压，所以应增大变阻器的阻值，即将滑动变阻器的滑片向B端移动。（3）[3]由图乙可知图线上的任一点和坐标轴围成的矩形“面积”大小是电流与电阻的乘积，矩形“面积”大小都相等，说明通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得

出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。（4）[4]由图乙可知20Ω的定值电阻接入电路时，电流为0.1A，电源电压为4.5V，则此时总电阻为4.5V450.1AURI===总此时变阻器阻值为452025RRR=−=−=

滑总所以选用的是“40Ω1A”的滑动变阻器。五、计算题（26、27题各4分，28题5分，共13分）26.周末，小成同学骑自行车前往离家较近的邓小平图书馆研修学习。在某段平直的公路上，其运动的vt−图像如图所示。已知小成和自行车总重力为

600N，运动时所受阻力大小恒为总重力的0.2倍；（1）求自行车在匀速直线运动时所通过的路程；（2）如果自行车在前10s内所通过的路程为30m，那么自行车在0~50s内克服阻力所做的功为多少？【答案】（1）200m；（2）27600J【解析】【详解】解：（1）由

图可知，自行车从第10s开始做匀速直线运动，速度为5m/s，所以自行车在匀速直线运动时所通过的路程s=vt=5m/s×（50s-10s）=200m（2）运动时所受阻力大小恒为总重力的0.2倍，自行车在0~50s内克服阻力所做的功W=fs总=0.2Gs总=0.2×600N×（30m+200m）

=27600J答：（1）自行车在匀速直线运动时所通过的路程为200m；（2）自行车在0~50s内克服阻力所做的功为27600J。27.茶壶几乎是每家必备常用器具。学习压强知识后，小淇想对家中的茶壶进行相关研究。她测得茶壶的质量为600g，底面积为2100cm，装入适量水后将它放在水平桌面上，测得水

的深度如图所示，请你接着她的探究完成如下任务。（331.010kg/m=水，g取10N/kg）（1）求水对茶壶底的压强。（2）若水对茶壶底的压力是茶壶对桌面压力的0.6倍，则茶壶内水的质量为多少？（茶壶壁厚度不计）【答案】（1）1.2×

103Pa；（2）1.4kg【解析】【详解】解：（1）水对茶壶底的压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1.2×103Pa（2）由FpS=可得，水对茶壶底的压力F水=pS=12×103Pa×100×1

0−4m2=12N由题意可知，茶壶对桌面的压力12N20N0.60.6FF===水壶茶壶的重力G壶=m壶g=0.6kg×10N/kg=6N因茶壶对桌面的压力等于茶壶和水的重力之和，所以，水的重力G水=F壶−G壶=

20N−6N=14N则水的质量14N1.410N/Gmkggkg===水水答：（1）水对茶壶底的压强为1.2×103Pa；（2）茶壶内水的质量为1.4kg。的.28.如图所示，电源电压为6V恒定不变，灯泡L标有“2V0.4W”的字样（忽略温度对灯丝电阻的影响），滑动变阻器2

R标有“60Ω1A”的字样，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V。（1）求灯泡L正常发光时的电阻。（2）当1S、2S均闭合，3S接b，滑动变阻器滑片移到最大阻值处时，电流表示数为0.4A，求1R阻值。（3）在保证电路安全的情况下，求整个电路电功率的变化范围。【答案】（1）10

Ω；（2）20Ω；（3）0.6W~3.6W【解析】【详解】解：（1）灯泡L标有“2V0.4W”的字样，则灯泡的额定电压为2V，额定功率为0.4W，所以灯泡L正常发光时的电阻()222V10Ω0.4WURP===（2）当S1、S2

均闭合，S3接b时，灯泡被短路，R1与R2并联，电流表测量干路中电流，由于干路中各支路中电压等于电源电压，滑动变阻器滑片移到最大阻值处，所以通过滑动变阻器226V0.1A60ΩUIR===则通过R1的电流I1=I-I2=0.4

A-0.1A=0.3A则R1的阻值116V20Ω0.3AURI===（3）当S1、S2均闭合，S3接b时，灯泡被短路，R1与R2并联，电流表测量干路中电流，电流表量程为0~0.6A，所以干路中最大电流为0.6A，则整个电路最大电功率P大=UI大=6V×0.6A=

3.6W当S1、S2均断开，S3接a时，灯泡、R1与R2串联，电压表测量R2两端电压，当电压表示数最大时，电路的中电流最小，则整个电路电功率最小，电压表量程为0~3V，则电压表最大电压为3V，电路中最小电

流1L6V3V0.1A20Ω10ΩUUIRR−−===++滑小则整个电路最小电功率P小=UI小=6V×0.1A=0.6W所以整个电路电功率的变化范围为0.6W~3.6W。答：（1）灯泡L正常发光时的电阻为10Ω；（2）R1的阻值为20Ω；（3）在保证

电路安全的情况下，整个电路电功率的变化范围为0.6W~3.6W。