【文档说明】第九章 静电场及其应用 能力提高卷（B卷）（全解全析版）-高二物理分层训练AB卷（人教版2019必修第三册）.docx，共(9)页，214.004 KB，由envi的店铺上传

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第九章静电场及其应用能力提高卷（B卷）高二物理·全解全析123456789101112CAADBCACBDACDACAC1．C【解析】A．由库仑定律122kqqFr=可知，0r→时，电荷不能看作点电荷，不能用库仑定律计算电

荷之间的作用力，其作用力也不是无穷大，A错误；B．元电荷实质上不是电子和质子，是电子或质子所带电荷量的绝对值，B错误；C．摩擦起电的实质是电子的转移，C正确；D．库仑定律122kqqFr=与万有引力定律122kmmFr=在形式上很相似，由此人们认识到库仑力与万有引力不是同种性质的力，D错误。故

选C。2．A【解析】将A靠近验电器上的金属小球B，发生静电感应，金属箔上的大量电子移动到金属小球B上，B球带负电，金属箔带正电，与金属球带上同种电荷，金属箔张开，BCD正确，不符合题意，A错误，符合题意。故选A。3．A【解析】开始时23QQFkd=

让两小球接触后则两球各带电量为2Q，则它们之间的库仑力大小为'22243QQFkFd==故选A。4．D【解析】对小球受力分析如图，受重力、电场力、斜面的支持力小球在三个力的作用下保持平衡，则由平衡条件可知=tanFmg电带入可得3=N30F电由公式FE

q=可得685310V/m2.03330N0C=1FEq−−==故选D。5．B【解析】图中A点的电场强度为0，则带电薄板在A点的场强与点电荷q在A点的场强等大反向，则带电薄板在A点的场强大小122(3)9kq

kqEdd==方向向右，由对称性可知，带电薄板产生的电场在图中B点的电场强度229kqEd=方向向左。故选B。6．C【解析】AB．导体处于静电平衡状态，导体是一个等势体，导体内部场强处处为零，A、B两点电场强度都为零，故AB错误；C．在导体内部，感应电荷产生的附加电场与正电荷在同一

点产生的场强等值反向，正电荷在A点产生的场强较大，故EA＞EB故C正确；D．当电键S闭合时，电子从大地沿导线向导体移动，故D错误。故选C。7．A【解析】假设在a、b、c、d、e处均是电荷量为Q+的点电荷，由对称性可知此时圆心O处的电场强度为零，可知a、b、c、d

处各固定电荷量为Q+的点电荷在圆心O处的电场强度方向由O指向e，大小为12kQEr=在e处固定电荷量为3Q−的点电荷在圆心O处的电场强度方向由O指向e，大小为223kQEr=则圆心O处的合电场强度方向由O指向e，大小为1224kQEEEr=+=可知放置在圆心O处

的电荷量为q−的点电荷受到的静电力方向方向从e指向O，大小为24kQqFqEr==A正确，BCD错误；故选A。8．C【解析】由题意可知，熔喷布是一种用绝缘材料做成的带有静电的超细纤维布，所以当几微米的病毒靠近时，由于静电感应而带电，从而被熔喷布吸附，则可知，其原理为静电感应和

静电吸附，故C正确，ABD错误。故选C。9．BD【解析】ABC．以A球为研究对象，受力如图所示设B对A的库仑力库F与墙壁的夹角为，由平衡条件得竖直墙面对小球A的弹力为1AtanNmg=将小球B向左推动少许时，减小，则竖直墙面对小球A的弹力1N减小；再以A

B整体为研究对象，受力如图所示由平衡条件可得1FN=2AB()Nmmg=+可知推力F变小，地面对小球B的支持力不变，B正确，AC错误；D．由上分析可得库仑力为AcosmgF=库可知减小，cos增大，库F减小，根

据库仑定律AB2qqFkr=库可知两球之间的距离变大，D正确。故选BD。10．ACD【解析】ABD．根据等量异种电荷的电场特点可知，两电荷连线上各点的场强方向向右，且大小关于O点对称，中点场强最小，向两侧场强逐渐增大。沿连线方向两电荷两侧，

正电荷左侧和负电荷右侧场强均向左，且大小关于O点对称，故AD正确，B错误；C．两电荷连线中垂线上各点的场强方向相同，均向右，且大小关于O点对称，中点场强最大，向两侧场强逐渐减小，故C正确。故选ACD。11．AC【解析】A．由图乙可知正的

试探电荷在B点受到的电场力方向沿x轴负方向，B点电场强度方向一定沿x轴负方向，A正确；B．由图乙可知正的试探电荷在A点受到的电场力方向沿x轴正方向，A点电场强度方向一定沿x轴正方向，A、B两点电场强度方向相反，B错误；C．根据

电场强度定义式FEq=可知图乙中图线的斜率绝对值表示该点的电场强度大小，则可知A点的电场强度大于B点的电场强度，C正确；D．负点电荷产生的电场方向由无穷远指向点电荷，由于A点电场强度方向沿x轴正方向，故点电荷Q不可能在A点的左侧，D错误。故选AC。12．AC【解析】该三角形中心

O点到每个顶点的距离为32cos30LrL==处于B、C两顶点处的两个点电荷q−在O点处的合场强方向由A指向O，大小为1222cos60qkqEkrL==处于A顶点处的点电荷q+在O点处的场强方向由A指向O

，大小为222qkqEkrL==故该三角形中心O点处的电场强度方向由A指向O，大小为1222kqEEEL=+=AC正确，BD错误。故选AC。13．不同不变一般不同改变场源电荷和场点位置【解析】（1）[1]当小带

电球放在A周边的不同位置时，悬线的偏角不同，说明带电体激发的电场中的不同位置，电场的方向和强弱不同；（2）[2]由电场强度的定义知若在电场中同一位置改变q的大小，试探电荷受到的静电力F与其电荷量q的比值Fq不变；（3）[3]在电场中不同位置，试探电荷受到的静电力F与其电荷量q的比值Fq一般不同；

（4）[4]在电场中同一位置，若改变场源电荷Q的大小试探电荷受到的静电力F与其电荷量q的比值Fq发生变化；（5）[5]这个实验表明，在电场中某点的电场强度跟场源电荷以及该点到场源电荷的距离有关。14．1.20.6减小【解析】（1）[1]依据库仑定律公式2kQqFr=可得当两球距离变为之前的一半时，

库仑力变为之前的4倍，再根据小球a在水平方向受力平衡得传感器显示的作用力为0.3N41.2NF==（2）[2]小球c与b接触，小球b的电荷量变为之前的一半，库仑力变为之前的一半，传感器显示的作用力为'11.2N0.6N2

F==[3]由于a、b、c三球带同种电荷，当把小球c放在小球b右侧的地面时，小球c受到a、b两球的排斥力离a、b两球越来越远，库仑力越来越小，故其加速度将减小。15．（1）26.4m/sa=；（2）0

.3mL=；（3）4210N/C，方向竖直向上【解析】（1）取向下为正方向，根据牛顿第二定律有2qQmgkmar−=………………………………（2分）式中0.5mr=，代入数据解得26.4m/sa=………………………………（1分）（2）

当B受到合力为零时，速度最大，则P、O间的距离L满足2qQmgkL=………………………………（2分）代入数据解得0.3mL=………………………………（1分）（3）由点电荷电场强度公式有2kQEL=………………………………（2分）代入数据解得4210N/CE

=………………………………（1分）方向竖直向上………………………………（1分）16．222OqEkL=，方向竖直向上【解析】已知单个点电荷在距其r处产生的场强大小为2qEkr=………………………………（2分）则A、B两点的点电荷在O点产

生的合场强为22ABqEkL=，方向由O指向A………………………………（2分）C点的点电荷在O点产生的场强22CqEkL=，方向由C指向O………………………………（2分）根据矢量的叠加原理，可知O点的合场强为222OqEkL=，方向竖直向上……………………

…………（4分）17．（1）0.3N；（2）0.04kg；（3）2m/s【解析】（1）小球所受电场力的大小为0.3NFqE==………………………………（2分）（2）根据平衡条件以及力的合成与分解可知tan37qEmg=………………………………（2分）解得0.04kgm=……………………

…………（2分）（3）将电场撤去，小球回到最低点的过程中，根据机械能守恒定律有()211cos372mglmv−=………………………………（2分）解得2m/sv=………………………………（2分）18．（1）a为正极，b为负极；（2）带电粒子在电场作用下奔向电极，并吸附在电极上；（3）28.5t【

解析】【分析】（1）因为煤粉吸附电子，所以带负电，为了将煤粉吸附在金属管上，因此与金属管相连的a为正极，与金属丝相连的b为负极。………………………………（2分）（2）由于煤粉吸附电子带电，故将在电场作用下奔向电极，并吸附在电极上。…………

……………………（2分）（3）设一天回收煤粉的质量为m，管内表面积S＝2πrL………………………………（3分）则43.51023.1435086400t28.5t10001000DStm−==………………………………（3分）