【文档说明】北师大八下期末卷1.doc，共(24)页，785.000 KB，由envi的店铺上传

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第1页（共24页）北师大八下期末卷1一、单项选择题（下列各小题只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）1．（2分）（2018春•海淀区校级期末）在国际单位制中，功的单位是（）A．帕斯卡（Pa）B．牛顿（N）C．瓦特

（W）D．焦耳（J）【考点】2S：物理量的单位及单位换算．【分析】根据对常见物理量及其单位的掌握作答。【解答】解：在物理学中，A、帕斯卡是压强的基本单位。故A不符合题意；B、牛顿是力的基本单位。故B不符合题意；

C、瓦特是功率的基本单位。故C不符合题意；D、焦耳是功和各种能量的基本单位。故D符合题意。故选：D。【点评】此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答。2．（2分）（2013•北京）下列实例中，目的是为了减小摩擦的是（）A．足球

守门员戴有防滑手套B．骑自行车的人刹车时用力捏闸C．给自行车轴承中加润滑油D．运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹【考点】7I：增大或减小摩擦的方法．【分析】摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度；（1）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；（2）

减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动。【解答】解：A、足球守门员戴有防滑手套，是采用增大接触面粗糙程度的方法增大了摩擦，不符合题意；B、骑自行车的人刹车时用力捏闸，是采用增

大压力的方法增大了摩擦，不符合题意；C、给自行车轴承中加润滑油，是采用减小接触面粗糙程度的方法减小了摩擦，符合题意；D、运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹，是采用增大接触面粗糙程度的方法增大了摩擦，不符合题意。故选：C。【点评】本题考查了增大和减小摩擦的方法，知道摩擦力大小的影响因素是解

题的关键，体现了物理和生活实际的联系。3．（2分）（2018春•海淀区校级期末）在图所示各种应用中，属于连通器应用的是（）A．B．第2页（共24页）C．D．【考点】8B：连通器原理．【分析】根据连通器定义进行判断：上端开口，底部相互连通的容器是连通器。【解答】解：A、钢笔吸墨水利用了大气压的作

用，与连通器无关，不符合题意。B、茶壶身和茶壶嘴上端开口，底部连通，所以茶壶是连通器。符合题意。C、吸管吸饮料利用了大气压的作用，与连通器无关，不符合题意。D、水泵工作时是利用了大气压的作用，与连通器无关，不符合题意。故选：B。【点评】连通器的两个条件：上端开口，底部连通。符合这

两个条件才是连通器。4．（2分）（2015•和平区二模）如图所示的用具中，属于费力杠杆的是（）A．托盘天平B．筷子C．核桃夹D．羊角锤【考点】7O：杠杆的分类．【分析】结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力

臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆；B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、羊角锤在

使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。故选：B。【点评】本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。5．（2分）（2015春•永登县期末）如图所示的四个实例中，

为了减小压强的是（）A．缝针时手指上戴有顶针第3页（共24页）B．压路机的碾子很重C．安全锤的锤头很尖D．盲道上凸起的圆点【考点】85：减小压强的方法及其应用．【分析】（1）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大

压力；在压力一定时，减小受力面积。（2）减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积。【解答】解：A、缝针时手指上戴有顶针，是在压力一定时，增大受力面积来减小对手的压强，符合题意；B、压路机的碾子很重，在受力

面积一定时，通过增大压力来增大压强；不符合题意；C、安全锤的锤头很尖，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，不符合题意。D、盲道上凸起的圆点，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，不符合题意。故选：A。【点评】这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中

经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。解答时，要注意使用控制变量法。6．（2分）（2014•盐城）学校旗杆顶装有定滑轮，这样做（）A．既省力，也改变施力的方向B．省力，但不改变施力的方向C

．不省力，但改变施力的方向D．既不省力，也不改变施力的方向【考点】7V：定滑轮及其工作特点．【分析】掌握定滑轮的实质及省力特点：实质是一个等臂杠杆，所以不省力，但可以改变用力方向。【解答】解：定滑轮实质是一个等臂杠杆，既不省力

也不费力，但能改变力的方向。故选：C。【点评】滑轮实质上是能够连续转动的杠杆，对于定滑轮是一个等臂杠杆，故不省力，但能改变力的方向。7．（2分）（2013秋•延庆县期末）下列关于大气压的说法中正确的是（）A．大气压的数值总是不变

的B．在其他条件相同时，海拔高度越高，大气压的值越小第4页（共24页）C．做托里拆利实验时，换用粗细不同的玻璃管做实验，测量结果不同D．大气压的数值与天气无关【考点】8E：大气压强的存在；8G：大气压强与高度的关系．【分析】A、大气

压跟海拔、季节、天气有关。B、在相同条件下，海拔越高，大气压越低。C、大气压的值是1.01×105Pa，大气压能支持76cm的水银柱，能支持10.3m的水柱，与玻璃管的形状无关。D、托里拆利实验中玻璃管的粗细、水银多少、是否倾斜都不影响大气压的值。【解答】解：A、大气压的值随季节、天气、海拔的

变化而变化，故A错。不符合题意。B、大气压随海拔高度的增加而减小，故B正确。符合题意。C、做托里拆利实验时，玻璃管的粗细不同，测出大气压的值是相同的。玻璃管的粗细、长短、水银多少、是否倾斜都不影响大气压的值，故C错。不符合题意。D、大气压的数值与天气有关，故D

错误，不符合题意。故选：B。【点评】托里拆利实验中，玻璃管的粗细、水银多少、是否倾斜都不影响大气压的值。要知道大气压跟海拔高度、季节、天气有关。8．（2分）（2018•海淀区一模）如图所示，一位女交警推老人沿水平人行横道过马路，关于此过程

力对物体做功的判断，下列说法中正确的是（）A．老人所受重力对老人做了功B．地面对轮椅的支持力对轮椅做了功C．女交警对轮椅的推力对轮椅做了功D．老人对轮椅竖直向下的压力对轮椅做了功【考点】EA：力是否做功的判断．【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动

的距离，据此分析判断。【解答】解：A、老人受到重力的作用，但没有在重力的方向上通过距离，所以所受重力对老人没有做功，故A错误；B、轮椅受到了地面的支持力作用，但没有在支持力的方向上通过距离，所以支持力对轮椅没有做功。故B错误

；C、女交警对轮椅的有一个推力，轮椅在推力的方向上通过了距离，所以，推力对轮椅做了功，故C正确；D、老人对轮椅有一个竖直向下的压力，但轮椅没有在压力的方向上通过距离，所以，压力对轮椅没有做功。故D错误。故选：C。【点评】明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有

距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。9．（2分）（2018春•海淀区校级期末）用电线吊在天花板上的灯处于静止状态，下列哪对力是一对平衡力（）第5页（共24页）A．电线对灯的拉力与灯对电线的拉力B．灯对电线的拉力与灯受到的重力C．天花板对电线的拉力与电线对灯的

拉力D．电线对灯的拉力与灯受到的重力【考点】6R：平衡力的辨别．【分析】（1）物体只受两个力的作用下处于静止状态或匀速直线运动，则这两个力一定是一对平衡力；（2）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。【解答】解：A．电线对灯的拉力和灯对电线

的拉力，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，但作用在两个物体上，是一对相互作用力，故A错误；B．灯的重力和灯对电线的拉力，两个力的方向都是竖直向下，且作用的物体的不同，不符合二力平衡条件，故B错误；C．天花板对电线的拉力与电线对灯的拉力，两个力没有作用在同一个物

体上、不符合二力平衡条件，故C错误；D．电线对灯的拉力与灯受到的重力，两个力作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上，大小相等、方向相反、符合二力平衡条件，是一对平衡力，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了

二力平衡的辨别，关键是知道平衡力和相互作用力的区别：是否作用在同一个物体上。10．（2分）（2005•海淀区一模）新鲜鸡蛋在水中会下沉，小华向水中加盐并轻轻搅拌，随着盐的溶解，可以看到鸡蛋会上浮，这是因为（）A．鸡蛋的重力减小，重力小于浮力B．鸡蛋的质

量减小，浮力增大C．鸡蛋排开盐水的体积增大，浮力增大D．液体密度增大，鸡蛋所受浮力大于重力【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用．【分析】从盐水的密度变化中可知鸡蛋所受浮力的变化，由物体的浮沉条件可知鸡蛋上升的原因。【解答】解：加盐后盐水的密度增大，鸡蛋所受浮力增大，当浮力增大到大于鸡蛋的

重力时鸡蛋会上浮。故选：D。【点评】本题考查物体的浮沉条件，属简单应用。11．（2分）（2003•厦门）如图所示，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力F，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B，力F在这个过程中（）A．变大B．变小C．不变

D．先变大后变小【考点】7Q：杠杆的动态平衡分析．【分析】解答此题，首先要判断杠杆的五要素中，有哪些要素发生了变化，然后再利用杠杆的平衡条件进行分析。第6页（共24页）【解答】解：在杠杆缓慢由A到B的过程中，动力臂OA的长度没有变化，阻力G的大小没有变化，而阻力臂L却逐

渐增大；由杠杆的平衡条件知：F•OA=G•L，当OA、G不变时，L越大，那么F越大；因此拉力F在这个过程中逐渐变大。故选：A。【点评】在分析杠杆的动态平衡时，一般是动中取静，依据杠杆的平衡条件进行分析，最后得到结论。12．（2分）（2018•北京）在如图所示实验中，将小铁球从

斜面顶端由静止释放，观察到它在水平桌面上运动的轨迹如图甲中虚线OA所示。在OA方向的侧旁放一磁铁，再次将小铁球从斜面顶端由静止释放，观察到它在水平桌面上运动的轨迹如图乙中虚线OB所示。由上述实验现象可以得出的结论是（）A．小铁球在桌面上继续

运动是由于受到向前的作用力B．磁铁对小铁球没有作用力C．力可以改变小铁球的运动方向D．力可以使小铁球发生形变【考点】6F：力的作用效果；6I：力作用的相互性．【分析】（1）一切物体都有惯性。（2）力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可

以改变物体的运动状态。物体运动状态的改变包括：速度大小的改变和运动方向的改变。【解答】解：A、小铁球在桌面上继续运动是由于小铁球具有惯性，而不是受到向前的作用力，故A错误；B、小铁球的运动方向发生改变，说明磁铁对小铁球有作用力，故B错误；C、铁球受到磁铁

吸引力的作用，运动方向发生改变，说明力可以改变小铁球的运动方向，故C正确；D、尽管力可以使物体发生形变，但不能从题干提供的信息得出力可以使小铁球发生形变的结论，故D错误；故选：C。【点评】本题考查惯性和力的作用效果的理解和应用，认真分析题意便可正

确答题。13．（2分）（2016春•海淀区期末）下列关于压力和压强的说法正确的是（）A．压力的方向总是竖直向下的B．压力的大小总是和重力大小有关C．在铁轨下面铺设枕木是为了减小对地面的压力D．相对较小的压力可能产生很大的压强【考点】81：压力及重力

与压力的区别；85：减小压强的方法及其应用．【分析】（1）压力是垂直压在物体表面上的力，重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，压力的方向与受力面垂直，重力的方向总是竖直向下。当把物体放在水平地面上时，对地第7页（共24页）面的压力F是由重力引起的，F=G。（2）根据压强公式p=利

用控制变量法分析C和D的对错。【解答】解：AB、当把物体放在水平地面上时，对地面压力由重力引起F=G；但有时压力与重力无关（如向墙上按图钉的压力与重力无关），但压力的方向总是垂直于受力面，故AB错误；C、铁轨下面铺设枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积减小

对地面的压强，故C错误；D、根据压强公式p=可知，压力相对较小，如果受力面积更小，就可以产生很大的压强，故D正确。故选：D。【点评】理解压力的定义和方向，会用控制变量法比较压强大小，（分析时注意：是受力面积，不要说成接触面积）。14．（2分）（2018春•海淀区校级期末

）将质量为100g的物体投入盛有200mL酒精的量筒中，静止后，液面上升到300ml刻线处，则这个物体在量筒中的情况是（ρ酒精=0.8×103kg/m3，g取10N/kg）（）A．物体沉入量筒底部B．物体漂浮在酒精

面上C．物体悬浮在酒精中D．上述情况都有可能发生【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用．【分析】知道物体的质量，利用G=mg求物体受到的重力；已知酒精的体积和酒精液面上升到的刻度线，可求出物体排开酒精的

体积，根据阿基米德原理（F浮=G排=ρ液gV排）可计算出物体所受浮力的大小；通过比较物体受到的浮力跟重力的大小，可判断出物体所处的状态。【解答】解：物体的质量m=100g=0.1kg，物体的重力为：G=mg=0.1kg×10N/kg=1N；物体排开酒精的体

积：V排=300mL﹣200mL=100mL=100cm3=1×10﹣4m3；物体在酒精中受到的浮力：F浮=ρ酒精gV排=0.8×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣4m3=0.8N；因为F浮＜G，所以

物体将沉在量筒底部。故选：A。【点评】本题主要考查物体浮沉条件的应用，要判断物体的浮沉，需判断出重力和浮力的大小关系，同时还考查了阿基米德原理的应用。15．（2分）（2018春•海淀区校级期末）如图所示，物体浸没在水

中。已知水对物体竖直向下的压力为F1、竖直向上的压力为F2，物体的重力为G．细线对物体的拉力为T，则下列选项正确的是（）第8页（共24页）A．F1大于F2B．F1与F2是一对平衡力C．F1与F2的合力一定等于GD．F1与F2

的合力大于G【考点】6R：平衡力的辨别；6W：力的合成与应用．【分析】对物体进行受力分析判断力的大小关系。【解答】解：物体在细线的拉力下，静止浸没在水中，物体处于平衡状态，对物体进行受力分析，如下图：F2=F1+T+G，故F2＞F1；F1与F2的合力大于G；故D

正确，ABC错误。故选：D。【点评】解决此类题目要对物体进行受力分析是关键，可以从压力入手，得出上下表面所受压力的关系。二、多项选择题（下列各小题符合题意的选项均多于一个．本大题共10分，每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）16．（2分）（2018春•海淀

区校级期末）关于力的概念，下列说法正确的是（）A．力是物体对物体的作用，离开物体就没有力B．一个受力物体同时也一定是施力物体C．马向前拉车，同时车用同样大小的力向后拉马D．从空中降落的雨滴不受力的作用【考点】6E：力的概念；6I：力作用的相互性．【分析】要

解答本题需掌握：力是物体对物体的作用，脱离物体就没有力，物体间力的作用是相互的，当一个物体对另一物体施加力的作用，同时另一物体对它也施加力的作用。【解答】解：A、力是物体对物体的作用，离开物体就没有力。

故A正确；B、一个受力物体同时也一定是施力物体，因为物体间力的作用是相互的。故B正确；C、马向前拉车，同时车用同样大小的力向后拉马，因为物体间力的作用是相互的。故C正确；D、从空中降落的雨滴，是由于受到地球的吸引力即重力。故D错误。故选：ABC。【点评】本题主

要考查学生对：力的概念的理解和掌握，是一道基础题，易于解答。17．（2分）（2018•北京）如图所示为冬奥会的一些运动项目，关于这些项目中的情景，下列说法中正确的是（）第9页（共24页）A．跳台雪运动员在空中下落的过程中，重力势能不变B．短道速滑运

动员在转弯滑行的过程中，运动状态不变C．冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性D．冰球运动员用球杆推着冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力没有做功【考点】6K：物体运动状态变化的判断；6L：惯性；EA：力是否做功的判断；FN：

动能和势能的大小变化．【分析】（1）重力势能与质量和高度有关；质量越大、高度越高，重力势能越大。（2）力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。（3）任何物体都具有惯性，惯性是物体保持原运动状态不变的性

质。（4）做功的两个必要因素：作用在物体上的力、物体在力的方向上通过的距离（即力和距离的方向要一致）；二者缺一不可。【解答】解：A、运动员在空中下落的过程中，高度减小，故重力势能变小；故A错误；B、运动员在转弯滑行的过程中，运动方向改变，故运动状态改变；故B错误；C、掷出去

的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性；故C正确；D、冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力方向竖直向下，距离的方向沿水平方向；力和距离的方向不一致，故重力没有做功；故D正确；故选：CD。【点评】此题考查多个知识点；理解影响重力势能的因素、明确运动状态改变的几种情况、理解惯性概念、理解

做功的两个必要因素；可解答此题。18．（2分）（2018•海淀区一模）为“探究杠杆平衡条件”小明组装了如图所示的实验装置，其中的杠杆是可绕中点转轴转动的轻质细杆，杆上相邻刻度线之间的距离都是相等的。图甲、图乙中杠杆均处于水平平衡状态，实验中所用钩

码质量均相同。下列四个选项中，判断正确的是（）A．挂钩码前，调节杠杆水平平衡时，发现杠杆静止时左端向下倾斜。要使杠杆在水平位置平衡，需把杠杆右端的平衡螺母向左移B．若将图甲中挂在A、B两处的钩码各去掉一个，则杠杆左端将下

沉C．若将图甲中挂在A、B两处的钩码向靠近支点O移近1格，则杠杆右端下沉D．若将图乙中的测力计拉力由竖直向上改为斜向上，且保持杠杆水平平衡，则测力计的示数将变大【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验．【分析】（1）调节杠

杆两端的平衡螺母使杠杆在水平位置平衡。杠杆在水平位置平衡，力臂第10页（共24页）在杠杆上，便于测量力臂大小；同时也为了消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；（2）（3）用杠杆的平衡条件来判断，力和力臂乘积大的一端下沉；（4

）根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。【解答】解：A、挂钩码前，调节杠杆水平平衡时，发现杠杆静止时左端向下倾斜。要使杠杆在水平位置平衡，需把杠杆右端的平衡螺母向右移

，故A错误；B、设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，如果在图甲中杠杆两侧各去掉一个相同的钩码时，杠杆的左端：3G×3L=9GL，杠杆的右端：2G×4L=8GL，所以杠杆的左端力和力臂的乘积大于右端的乘积，所以杠杆左端下沉。故B正确；C、将图甲中挂在A、

B两处的钩码向靠近支点O移近1格，杠杆的左端：4G×2L=8GL，杠杆的右端：3G×3L=9GL，所以杠杆的左端力和力臂的乘积小于右端的乘积，所以杠杆右端下沉。故C正确；D、弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，弹簧测力计倾斜拉

杠杆，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大；故D正确。故选：BCD。【点评】杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，减小了杠杆的自重对实验的影响，便于测量力臂。19．（2分）（2018•海淀

区二模）下列说法中正确的是（）A．小刚比小明做功多，则小刚的功率一定比小明的功率大B．小刚比小明做功多，且做功所用时间比小明少，则小刚的功率一定比小明的率大C．机械做的有用功在总功中占的比例越大，机械效率越高D．机械做功越快，机械效率越高【考点】F1：机械效率的概念；FB：功率的概念．【分析】

（1）根据P=分析功率的大小；（2）机械效率指有用功占总功的比例，而做功的快慢指功率，二者之间没有什么关系。【解答】解：AB、根据P=可知，功率有做功时间与做功多少共同决定，做功多，且用时间少，功率大，故A错误，B正确；C、总功包括有用功和额外功，有用功在总功中占比例越大，机

械效率越高，故C正确；D、机械做功越快，表示功率越大，单位时间内做的功越多，但机械效率不一定就高，故D错误。故选：BC。【点评】本题考查功率，以及机械效率是一道基础题。20．（2分）（2018春•海淀区校级期末）如图所示是力学的四个实

验情景，下列关于每个实验的结果预测正确的是（）第11页（共24页）A．甲图中：木块与小车一起向右匀速运动，小车受阻力停止时，木块一定停止B．乙图中：杠杆不能在水平位置保持平衡，杠杆的左端上升，杠杆的右端下降C．丙图中：当向玻璃管中吹风时，U形管A管中的水面上升，B管中水

面下降D．丁图中：将容器侧壁的塞子同时拔出，水从a孔喷射最远，从c孔喷射最近【考点】6L：惯性；7Q：杠杆的动态平衡分析；88：液体的压强的特点；8K：流体压强与流速的关系．【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的

性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；（2）根据杠杆平衡条件进行判断；（3）当向管中吹风时，相同时间内，风经过A管上方和B管上方的空气流动速度不同，压强不同，液柱上升的高度不同。（4）液体内部压强随深度的增加而增大

。【解答】解：A、木块与小车一起向右做匀速运动，当小车受阻力停止时，木块由于惯性仍要保持原来的运动状态，所以木块向前运动，故A错误；B、设杠杆一个小格代表L，一个钩码重为G，杠杆右端：2G×4L=8GL，杠

杆左端：3G×3L=9GL，所以，杠杆的左端下降，杠杆的右端上升；故B错误；C、A管上面的玻璃管比较细，风经过A管上方的流动速度大于B管上方的空气流动速度，A管上方的压强小于B管上方的压强，水被压向A管，所以A管水面上升，B管水面下降，故C正确；D、液体内部压强随

深度的增加而增大，越深的位置其压强越大；图中a最浅，所以水的压强最小，水喷射最近；c最深，所以水的压强最大，水喷射最远，故D错误。故选：C。【点评】透过现象去分析本质，要寻找出问题的相似性，正确理解各种物理方法在实验中的应用。

三、作图与实验题（21-28、30-33题，每图每空2分；29题4分、34题3分；39题，3分；共47分）21．（2分）（2016春•海淀区期末）在图中，画出实心球在空中运动时所受重力G的示意图。【考点】7B：重力示意图．【分析】首先找出力的作用点，重力的作用点即重心在物体的

几何中心；然后确定力的方向，重力的方向是竖直向下的；最后用一条带箭头的线段表示力的方向。【解答】解：过球心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示。如图所示：第12页（共24页）【点评】画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方

向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图，要注意在线段末端标出符号。22．（2分）（2018春•宜春期末）如图所示，O点为杠杆的支点，请画出力F的力臂，并用字母L表示。【考点】7P：力臂的画法．【分析】力臂

是指从支点到力的作用线的距离，本题中支点为O，力F的作用线就是沿力的方向的直线，因此，按照这一分析作图即可。【解答】解：反向沿长力F作出动力作用线，从支点O作力F的作用线的垂线，垂线段的长度就是力F的力臂L．如图所示：【点评】画杠杆的力臂一是要找准支点，二是要准确画出力的作用线，然后才是从支

点作力的作用线的垂线，最后还应该用字母将其标出来。23．（2分）（2018春•海淀区校级期末）请你用划线代替绳子组装如图所示的滑轮组，要求最省力。【考点】7@：滑轮组的设计与组装．【分析】滑轮组绳子的绕法

，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。本题中，要求最省力，属于第二种。【解答】解：图中只有一个动滑轮，要求最省力，则由3段

绳子承担物重，是最省力的绕绳方法；绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示：第13页（共24页）【点评】本题画最省力的绕绳方法：绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮

，再绕过动滑轮。24．（2分）（2014•朝阳区二模）如图所示的弹簧测力计的示数是1N。【考点】74：弹簧测力计的使用与读数．【分析】此题在弹簧测力计的量程内读数，由图示可知此弹簧测力计的分度值（最小刻度值）为0.2N，根据弹簧测力计的读数规则即

可读出示数。【解答】解：由图知：弹簧秤的分度值为0.2N，指针正好指在1N的刻度上，因此弹簧测力计的示数为1N。故答案为：1。【点评】在弹簧测力计读数时，首先观察量程与分度值，并且视线要与测力计指针相平。25．（2分）（2018•东城

区二模）在如图所示的实验中，电扇扇叶转动，台秤的示数将变小。（选填“变大”或变小”）【考点】8K：流体压强与流速的关系．【分析】在流体中，流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大。解答此题就要根据这个原理来回答。【解答】解：电扇转动后

，因为扇叶上凸下平，相同时间内空气通过上方的路程长，流速大，向下的压强小；通过的下方路程短，流速小，向上的压强大，从而形成了一个向上的压强差，使台秤的示数变小。故答案为：变小。【点评】此题考查的是流体压强与流速关系在生活中的应用，容易出错的是

有些同学不能分析出流体流速的变化情况，这是因为对生活常识的了解太少所致。26．（2分）（2018•东城区二模）装满水的杯子用塑料片盖住杯口后倒置过来，如图所示，杯中的水不会流出。这个现象说明了大气压的存在。第14页（共24

页）【考点】8E：大气压强的存在．【分析】实验中水不会下落，是因为纸片下部受到了大气压的作用，说明了大气压强的存在。【解答】解：一标准大气压相当于10m高的水产生的压强。纸外受到大气压的作用，纸内受到管中水产生的

压强的作用，大气压远大于杯中水产生的压强，所以水和纸片被大气压托着，不会下落。故答案为：大气压。【点评】本题借助一个趣味实验考查学生对大气压知识的理解和掌握，难度不大。27．（2分）（2018春•海淀区校级期末

）小刘提着重50N的物体，沿着10m长的斜坡登到5m的高处，在上坡过程中，小刘对物体做的功是250J。【考点】EC：功的计算．【分析】已知物体重力和提升的高度，根据公式W=Gh可求对物体做的功。【解答】解：小刘对物体做功：W=Gh

=50N×5m=250J。故答案为：250。【点评】本题考查了功的计算，属于基础题目。28．（2分）（2007•大兴区一模）如图所示，物体在水平拉力F的作用下做匀速直线运动，5s内移动1.5m．若物体与地面间的滑动摩擦力为30N，滑轮和绳的重力及滑轮的摩

擦均可忽略不计，则拉力的功率是9W。【考点】7Z：动滑轮拉力的计算；FF：功率的计算．【分析】利用速度公式求出物体移动的速度，使用的是动滑轮，则拉力移动的速度为物体移动速度的2倍，据此求出拉力移动的速度；根据二力平衡的条件可知，动滑轮对物体的拉

力等于水平面对物体的摩擦力10N，滑轮和绳的重力及滑轮的摩擦忽略不计，根据动滑轮的省力特点计算出拉力F的大小，再根据P=Fv求拉力的功率。【解答】解：物体移动的速度：v物===0.3m/s，拉力移动的速度：v=2v物=2×0.3m/s=0.6m/s，∵物体匀速直线运动，∴动滑轮对物体

的拉力：F拉=f=30N，∵滑轮和绳的重力及滑轮的摩擦忽略不计，∴水平拉力：第15页（共24页）F=F拉=×30N=15N，拉力的功率：P=Fv=15N×0.6m/s=9W。故答案为：9。【点评】正确得出动滑轮对物体的拉

力，是本题的突破口也是关键。计算拉力F做功的功率时，要注意公式变形。这是一道综合性较强的计算类填空题。29．（2分）（2018春•海淀区校级期末）将适量橡皮泥包裹在吸管下端，制成了一个土密度计。将此土密度计依次放入盛有A、B不同液体的容器中，土密度计静止的状态如图所示，可以判断B的液体密度

较大。（选填“A”或“B”）【考点】8O：阿基米德原理的应用；8S：物体的浮沉条件及其应用．【分析】同一支密度计放入A、B两种液体中都处于漂浮状态，根据漂浮的条件可知在两种液体中所受浮力的大小关系；由图可知，密度计排开液体

之间的关系，根据阿基米德原理判断两种液体密度关系。【解答】解：由图知，密度计在A、B两种液体中都处于漂浮状态，且同一密度计的重力不变，所以由漂浮条件可知，密度计在两种液体中所受的浮力相等；由图知，密度计排开A液体的体积

大于排开B液体的体积，由F浮=ρ液gV排可得ρ液=，所以，A液体的密度小于B液体的密度，即B液体的密度较大。故答案为：B。【点评】本题考查了阿基米德原理和物体漂浮条件的应用，利用好物体漂浮条件F浮=G是解此类题目的关键。30．（3分）（2018春•海淀

区校级期末）如表是小刚同学用如图所示装置做“探究液体内部压强”实验时记录的实验数据，请根据要求回答下列问题：（1）由表中的实验数据可知：当微小压强计探头的橡皮膜朝下浸入水中5cm深时，微小压强计U形管两侧液面高度差为4.8cm；保持探头的橡皮膜所在的深度不变，当探头的橡皮

膜方向由朝上改为朝下时，微小压强计U形管两侧液面高度差不变（选填“增大”、“不变”或“减小”）。（2）根据第5组和第6组的数据可以知道微小压强计探头在水和酒精中的深度相同时，水产生的压强大于酒精所产生的压强。（选填“大于”或“小于”）序号液体深度/cm橡皮

膜方向“U形管两侧液面高度差/cm1水5朝上4.82水5朝下4.83水5朝侧面4.8第16页（共24页）4水10朝侧面9.65水15朝侧面14.46酒精15朝侧面11.6【考点】8C：探究液体压强的特点实验．【分析】（1）压强计的工作原理是；橡皮膜受到压力时，U形管内两边液面出现高度差，两边高

度差表示压强的大小，压强越大，液面高度差也越大；（2）序号为5、6的两组数据，根据U形管两侧液面高度差来比较产生压强的大小。【解答】解：（1）由表中的实验数据可知，当微小压强计探头的橡皮膜朝上浸入水中5cm深时，U形管两

侧液面高度差为4.8cm；小强将探头浸在水中某一深度，改变探头的方向，但是液体产生的压强大小不变，因此U形管内液面的高度差不变；（2）比较序号为5、6的两组数据可知，在同一深度，探头在水中时U形管两侧液面高度差是14.4cm，探头在酒精中时U

形管两侧液面高度差是11.6cm，故水产生的压强大于酒精产生的压强。故答案为：（1）4.8；不变；（2）大于。【点评】此题主要考查的是液体内部压强的规律以及液体内部压强的影响因素，注意转换法、等效替代法和控制变量法在实验中的运用。液体

压强是中考必考的一个知识点，需要掌握。31．（6分）（2018•海淀区二模）小明用如图所示装置做“测量水平运动物体所受滑动摩擦力”的实验。（1）下面是他的主要实验步骤，请你把步骤补充完整。①将一端装有定滑轮的平直长木板固

定在水平桌面上，如图所示组装器材。调整定滑轮支架的倾斜角度，使与木块A相连的细线绷直后与长木板表面平行。②将细线的另一端与弹簧测力计相连，沿着竖直向上的方向匀速拉弹簧测力计，在木块A匀速运动过程中读出弹簧测力计

示数F并记录。（选填“匀速”或“加速”）③根据木块A所受绳的水平拉力与木块A所受滑动摩擦力f是二力平衡的关系，可以得出滑动摩擦力f的大小。（选填“二力平衡”或“相互作用力”）（2）小明在完成（1）中测量后，又将另一个木块B叠放在木块A上，仿照（1）中步骤②进行了第二次测量。小明通过

这两次测量要探究的问题是：滑动摩擦力大小与压力是否有关。【考点】7L：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因第17页（共

24页）素的关系时，要控制另外一个因素不变。【解答】解：（1）②将细线的另一端与弹簧测力计相连，沿着竖直向上的方向匀速拉弹簧测力计，匀速运动过程中读出弹簧测力计示数F并记录；③根据木块A处于平衡状态，所受绳的水平拉力与木块A所受滑动摩擦力f是

平衡力的关系，可以得出滑动摩擦力f的大小；（2）小明在完成（1）中测量后，又将另一个木块B叠放在木块A上，增加对木板的压力，仿照（1）中步骤②进行了第二次测量。小明通过这两次测量要探究的问题是：滑动摩擦力大小与压力是否有关。故答案为：（1）②匀速；③二力平衡；（2）滑

动摩擦力大小与压力是否有关。【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。32．（10分）（2018春•海淀区校级期末）小东在探究影响滑轮组机械效率高低的因素时，

设计了如图所示的两个滑轮组，分别测量两次实验的动滑轮重G动、钩码总重G、钩码上升高度h、绳子自由端拉力F、绳子自由端移动距离s，计算出相应的机械效率η，并将它们填入下表中。G动/NG/Nh/mF/Ns/mη甲1.02.00.11.10.36

0.6%乙1.04.00.11.80.374.1%（1）实验中，测机械效率的原理是η==×100%。（2）在图乙的实验中，滑轮组提升物体所做的有用功为0.4J。（3）分析表中数据，可知：对于同一动滑轮，所提升的钩码越重，机械效率越大

；（4）分析表中数据可知，，排除测量因素的影响，主要原因是由于滑轮与轮轴间存在摩擦、缠绕滑轮组的绳子有重力。（5）生活中利用滑轮组提升重物时，提高其机械效率的方法有哪些？减小动滑轮的重力（或减小摩擦力

）（写出一种即可）。【考点】F8：滑轮（组）机械效率的测量实验．【分析】（1）测机械效率的原理：η==×100%。（2）由表中数据，根据W=Gh求滑轮组提升物体所做的有用功；（3）纵向分析表中数据得出结论

；（4）使用滑轮组时，除了要克服动滑轮重外，还要克服绳重及摩擦做功。第18页（共24页）（5）提高机械效率的方法：增加物重，减轻机械的重，减小摩擦。【解答】解：（1）测机械效率的原理：η==×100%

。（2）在图乙的实验中，滑轮组提升物体所做的有用功为：W=Gh=4.0N×0.1m=0.4J。（3）纵向分析表中数据，可知：对于同一动滑轮，所提升的钩码越重，机械效率越大；（4）F=适用条件是不计摩擦力，分析表中数据可知，排除测量因

素的影响，主要原因是：由于滑轮与轮轴间存在摩擦、缠绕滑轮组的绳子有重力；（5）由η==可知，提高机械效率的方法：在提升物体重力一定的条件下，减小额外功即减小动滑轮的重力或减小摩擦力。故答案为：（1）η

==×100%。（2）0.4；（3）越大；（4）由于滑轮与轮轴间存在摩擦、缠绕滑轮组的绳子有重力；（5）减小动滑轮的重力或减小摩擦力。【点评】本题影响滑轮组机械效率高低的因素，考查实验原理，求功的大小、数据分析、

影响滑轮组效率大小的因素。33．（2分）（2017•海淀区一模）小雨同学在研究弹簧弹力与弹簧伸长量的关系时，通过测量得到如下表所示的实验数据。请根据表中数据归纳出弹簧弹力F与弹簧伸长量x的关系式为：F=20（N/cm）•x。x/cm051015202530F/N0100200300400

500600【考点】72：弹簧测力计及其原理．【分析】分析表中数据，找出弹簧的自然长度；再计算出挂不同质量的钩码时弹簧的伸长量，比较弹簧受到的拉力与弹簧伸长量的关系得出结论。【解答】解：由表中数据可知：当弹力为1N时，弹簧伸长量为2cm；当弹力为

2N时，弹簧伸长量为4cm；当弹力为3N时，弹簧伸长为6cm，依此类推，可得出结论：弹力与弹簧伸长量成正比；设F=kx，则比例系数：k===20N/cm，所以弹力F与弹簧伸长量x的关系式为：F=20（N/cm）•x。故答案为：20（N

/cm）•x【点评】本题考查弹簧测力计的设计原理，弹簧有一定的弹性限度，在总结结论时一定要加条件：在弹性限度内。34．（3分）（2018•北京）为了验证“浸在水中的物体所受浮力大小跟物体排开水的体积有关”，小明选用如图所示的圆柱体A（

ρA＞ρ水）、弹簧测力计和装有适量水的烧杯进行实验。（1）以下是他的部分实验步骤，请你帮他补充完整：①将圆柱体A悬挂在弹簧测力计下，静止时记录弹簧测力计的示数为F1。第19页（共24页）②将圆柱体A下部的一格浸入水中，圆柱体不接触容器，静止时记录弹簧测力计的示数为F2。③

将圆柱体A下部的两个格浸入水中，圆柱体不接触容器，静止时记录弹簧测力计的示数为F3。（2）由F1﹣F2≠F1﹣F3（选填”=“或“≠”），可以验证“浸在水中的物体所受浮力大小跟物体排开水的体积有关”。【

考点】8R：探究影响浮力大小因素的实验．【分析】（1）影响浮力的因素：液体的密度、排开液体的体积；要探究浸在水中的物体所受浮力大小跟物体排开水的体积的关系，需要控制液体密度相同，改变物体排开水得体积，据此补充步骤。（2）根据称量法算出两次浮力，比较得出结论。【解答】解：

（1）③要探究：浸在水中的物体所受浮力大小跟物体排开水的体积的关系，需要控制液体密度相同，改变排开液体的体积，故需要将圆柱体A下部的两个格浸入水中，圆柱体不接触容器，静止时记录弹簧测力计的示数为F3；（2）圆柱体

A下部的一格浸入水中时的浮力：F浮1=F1﹣F2；圆柱体A下部的两个格浸入水中时的浮力：F浮2=F1﹣F3；由F1﹣F2≠F1﹣F3知，F浮1≠F浮2可得“浸在水中的物体所受浮力大小跟物体排开水的体积有关”。故答案为：（1）将圆柱体A下部的两个格浸入水中，圆柱体不接

触容器；（2）≠。【点评】此题主要考查的是学生对“浮力的大小跟哪些因素有关”探究实验的理解和掌握，同时考查学生对浮力公式的理解和掌握，综合性很强，有一定难度，掌握控制变量法是解决此题的关键。35．（3分）（2018•北京）如图所示，将一个小球浸没在水中

由静止释放，请根据小球的受力情况分析其可能出现的运动情况。（可画受力示意图辅助说明）【考点】6H：力的示意图与图示．【分析】浸入水中的小球收到重力和浮力的作用；如果重力大于浮力，小球将会下沉，如果重力小于浮力小球将会上浮；如果重力等于浮力，小球将会悬浮；根据重力和浮力的关系画出力

的示意图。【解答】解：浸入水中的小球受到重力和浮力的作用；如果重力大于浮力，小球将会下沉；如果重力小于浮力，小球将会上浮；如果重力等于浮力，小球将会悬浮；重力和浮力的作用点都在物体的重心上，如图所示：第20页（共24页）。【点评】本题考查了物

体的浮沉条件、力的示意图的画法，属于基础知识。四、科普阅读题（共3分）36．（3分）（2018•北京）请阅读《物理实验中的图象法》回答问题。物理实验中的图象法物理实验中的图象法是一种整理、分析数据的有效方法，

图象中的图线可直观、简洁地显示出因变量随着自变量变换的趋势或规律。如果想要将物理实验数据绘制成图象，可以按照下面的步骤来进行。第一步，建立坐标轴、标注物理量和设定分度。首先建立坐标轴，通常用横轴代表自变量，纵轴代表因变量，在坐标轴上分别标注自变量和

因变量的名称及单位；然后，设定坐标分度值。为了使绘制的图线比较均匀地分布在整幅坐标纸上，而不要偏在一角或一边，坐标分度值可以不从零开始。在一组数据中，自变量与因变量均有最低值和最高值，分度时，可用低于最低值的某一整数值作起点，高于最高值的某一整数值作终点。

第二步，根据数据描点。描点时根据数据在坐标纸上力求精准地画出对应的点。第三步，绘制图线。绘制图线时不要把数据点逐点连接成折线，而应依据数据点的整体分布趋势，描绘出一条直线或光滑曲线，让尽可能多的点在图线上，或让数据点比

较均匀地分布在图线两旁，这样绘制出的图线比图上的任何一个数据点更适合作为进行分析预测的依据。倒如，小宇记录了自己沿直线步行过程中的时间及所对应的路程，图1中的黑点是他根据记录的数据在坐标纸上描出的数据点，利用这些数据点绘制出了图1中的直线。利用这条直线可以清楚地看出小宇步行的过

程近似为匀速运动，还可以利用图线上的点计算出小宇步行过程中的速度，进而用速度预测出他在某一段时间内步行的路程。请根据上述材料，回答下列问题：（1）根据图1所示的图象，预测小宇步行10s的路程为10m。（2）下表是某同学记录的物体温度随时间变

化的实验数据。时间/min0510152025303540温度/℃807264595551474645①若要绘制上述物体的温度随时间变化的图象，应选择图2中乙图更合理。（选填“甲”或“乙”）②请在你选择的图中描出第20min时的温度数据点，并绘制出本次实验中物体温度随时间变化的图线。第2

1页（共24页）【考点】2P：控制变量法与探究性实验方案．【分析】（1）根据v=算出物体的平均速度，根据s=vt预测小宇步行10s的路程；（2）①根据表格判断出最高温度和最低温度，选择合适的图象；②将（20，55）点在图上描出，画出图象。

【解答】解：由图1知路程和时间成正比，说明做匀速直线运动，由图象知当路程s=1m时，时间t=1s，则小宇的速度为：v===1m/s；小宇步行10s的路程为：s′=vt′=1m/s×10s=10m；（2）①由表格数据知温度的最高温度为80℃，最低温度为45℃，为了能够更准确的反映物体温度

随时间变化规律，纵坐标需要从低于最低温度的40℃开始即可，故图2的乙更合理；②由表格数据知第20min时的温度为55℃，描出该点，连接图象，如下图所示：故答案为：（1）10；（2）①乙；②见上图。【点评】本题考查了图象的画法，读懂题中信息即可解答，难度不大。

五、计算题（36题4分，37、38题各3分，共10分．）37．（4分）（2018春•海淀区校级期末）如图所示，盛有水的杯子静止在水平桌面上。杯子重1N，高9cm，底面积30cm2；杯内水重2N，水深6cm，g取10N/kg。请计算：（1）水对杯底的压强为多少？

（2）水对杯底的压力为多少？（3）水杯对桌面的压力为多少？（4）水杯对桌面的压强为多少？第22页（共24页）【考点】81：压力及重力与压力的区别；86：压强的大小及其计算；89：液体的压强的计算．【分析】（1）知道杯内水深和水的密度，利用液体压强公式求水对杯底的压强；（2）又知道

杯底的底面积，利用压强定义式求水对杯底的压力；（3）求出杯和水的总重，因为在水平桌面上，也就知道了杯对桌面的压力；（4）又知道杯的底面积，利用压强定义式求p=求杯对水平桌面的压强。【解答】解：（1）杯内水的深度：h=6cm=0.06m，水对杯底的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N

/kg×0.06m=600Pa；（2）根据p=可得，水对杯底的压力：F=pS=600Pa×30×10﹣4m2=1.8N；（3）G水=2N，在水平桌面上，杯对桌面的压力：F′=G水+G杯=1N+2N=3

N；（4）杯对桌面的压强：p′===1000Pa。答：（1）水对杯底的压强为600Pa；（2）水对杯底的压力为1.8N；（3）水杯对桌面的压力为3N；（4）水杯对桌面的压强为1000Pa。【点评】本题考查了学生对压强定义式和液体压强公

式的掌握和运用，对于不规则的容器，对容器底的压力和压强，要先计算液体对容器底的压强p=ρgh、再计算液体对容器底的压力F=pS；容器对桌面的压力和压强，先计算容器对桌面的压力F=G、再计算容器对桌面的压强p=。38．（3分）（2018•邵阳模拟）小明家翻修房顶时，采用了如图所示的滑轮组提升灰

浆桶。在某次匀速竖直提升灰浆桶的过程中，小明对绳子自由端竖直向上的拉力F为200N，灰浆桶上升的速度v桶为0.1m/s，滑轮组的机械效率η为90%，不计绳重和滑轮与轴的摩擦。求：（1）拉力F做功的功率P；（2）

灰浆桶所受的重力G；（3）动滑轮所受的重力G动。第23页（共24页）【考点】7!：滑轮组绳子拉力的计算；F4：滑轮（组）的机械效率；FF：功率的计算．【分析】（1）由绳子段数求出拉力移动速度，根据P=Fv计算拉力功率；（2）

表示出有用功、总功结合效率公式η=计算物重；（3）利用F=（G+G动）计算动滑轮重力。【解答】解：（1）由图可知，承担物重的绳子段数：n=3，小明拉动绳端上升的速度：v=nv桶=3v桶=3×0.1m/s=0.3m/s，拉力

F做功的功率：P=Fv=200N×0.3m/s=60W，（2）设灰浆桶上升的高度为h，则总功W总=F×3h，有用功W有=Gh，由η=====得：G=3ηF=3×90%×200N=540N；（3）由F=（G+G动）得动滑轮重：G动=3

F﹣G=3×200N﹣540N=60N。答：（1）拉力F做功的功率为60W；（2）灰浆桶所受的重力G为540N；（3）动滑轮所受的重力G动是60N。【点评】本题考查功率和动滑轮重力的计算，解题的关键是掌握P=Fv和灵活运用公式F=（G

+G动）。39．（3分）（2018春•海淀区校级期末）如图所示，圆柱形容器中盛有某种液体，有一个体积为103cm3、质量为500g的实心小球被细线系在容器底部，液体深为50cm，对容器底的压强为4.0×103Pa．（g=10N/kg）求：（1）容器中液体的密度。（2）细线对小球的拉

力。（3）剪断细线后，小球最终露出液体表面的体积。【考点】8A：液体压强计算公式的应用；8O：阿基米德原理的应用．【分析】（1）知道液体对容器底的压强，根据p=ρgh求出液体密度；第24页（共24页）（2）根

据F浮=ρ液gV排求出小球受到的浮力，根据二力平衡知识求出细线对小球的拉力；（3）剪断细线后，小球处于漂浮状态，浮力等于重力，根据F浮=ρ液gV排求出此时小球排开液体的体积，再求出露出液面的体积。【解答】解：（1）由p=ρgh得：容器中液体的密度：ρ液===0.8×103kg

/m3；（2）小球排开液体的体积V排1=V=103cm3=10﹣3m3，小球的重力：G=mg=0.5kg×10N/kg=5N，小球受到的浮力：F浮1=ρ液gV排1=0.8×103kg/m3×10N/kg×10﹣3m3=8N，根据二力平衡知识可得，细线对小球的拉力：F拉=F浮1﹣G=8N﹣

5N=3N；（3）剪断细线后，小球漂浮；此时F浮2=G=5N，由F浮2=ρ液gV排2得：此时小球排开液体的体积：V排2===6.25×10﹣4m3，小球最终露出液体表面的体积：V露=V﹣V排2=10﹣3m3﹣6.25×10﹣4m3=3.75×10﹣4m

3。答：（1）容器中液体的密度0.8×103kg/m3；（2）细线对小球的拉力3N；（3）剪断细线后，小球最终露出液体表面的体积3.75×10﹣4m3。【点评】本题考查密度的计算、压强的计算、浮力的计算和物体的沉浮条件以及根据浮力公式求排开水的体积，关键是知

道物体漂浮时浮力等于自身重力还等于排开水的重力。