【文档说明】2022届湖南省常德市高三（上）期末检测物理试题 含解析.docx，共(20)页，1.751 MB，由envi的店铺上传

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2021—2022学年度上学期常德市高三检测考试物理（试题卷）命题人：傅广生（市教科院）夏美泉（市一中）徐翔（安乡一中）注意：1.请考生在答题卡上按要求认真填写相关信息；2.本套试卷分为试题卷和答题卡两部分，共8页，其中试题卷6页

，答题卡2页，满分100分，考试时量75分钟。考试结束后，只交答题卡。3.请考生在答题卡上按要求答题，在本试卷上作答不记分。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。每小题题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请选出此项并填涂在答题卡上对应位置。1.处于n＝4能级的大

量氢原子，向低能级跃迁时，辐射光的频率有A.3种B.4种C.5种D.6种【答案】D【解析】【详解】现有大量的氢原子处于n=4的激发态，当这些氢原子向低能级跃迁时，辐射光子的频率为246nC==种，D正确．2.高空坠物极易对行人造成伤害。若一个100g的瓷砖碎片从一居民楼的

25层坠下，与地面的碰撞时间约为2ms，则该瓷砖碎片对地面产生的冲击力约为（）A.20NB.2210NC.3210ND.4210N【答案】C【解析】【详解】25层高约为70m，瓷砖碎片近似自由落体22vgh=由动量定理有()Fmg

tmv−=解得3210NF=由牛第三定律可知瓷砖碎片对地面产生的冲击力3210NF=故选C。3.如图甲所示，在线圈1l中通入电流1i后，在2l上产生感应电流随时间变化的规律如图乙所示，1l、2l中电流的正方向如甲图中的箭头所示

．则通入线圈1l中的电流1i随时间变化的图线是下图中的A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】AC．因为感应电流大小不变，根据电磁感应定律得：BnnSEttIRRR===，而线圈1l中产生的磁场变化是因为电流变化产生的，所以BinSnS

ttIRR=，所以线圈1l中的电流均匀改变，AC错误BD．根据图乙图像0-4T，感应电流磁场向左，所以线圈1l产生的磁场向左减小，或向右增大，B错误D正确4.宇航员的训练、竞技体育的指导、汽车的设计等都会用到急动度的概念。急动度j是加速度变化量a与发生这一变化所用时间t的

比值，即ajt=，它的方向与物体加速度变化量的方向相同。一物体从静止开始做直线运动，其加速度a随时间t的变化关系如图，则该物体在（）的的A.0=t时和2s=t时加速度大小相等，方向相反B.0~1s和0~5s内速度的变化量相同C.3st=时急动度为零D.2s=t时和4s

t=时急动度大小相等，方向相反【答案】B【解析】【详解】A．0=t时和2s=t时加速度大小相等，方向相同，所以A错误；B．0~1s和0~5s图像的面积相等，故速度的变化量相同，所以B正确；C．3st=时急动度等于15s−的急动度，不为0，所以C错误；D．2s=t时和4st=

时急动度大小相等，方向相同，所以D错误；故选B。5.如图所示，、、ABC是正三角形的三个顶点，O是AB的中点，两根互相平行的通电长直导线垂直纸面固定在AB、两处，导线中通入的电流大小相等、方向相反。已知通电长直导线产生磁场的磁感应强,kIBIr=为通电长直导线

的电流大小，r为距通电长直导线的垂直距离，k为常量。已知C点处的磁感应强度大小为0B，则关于O点处的磁感应强度说法正确的是（）A.大小为0B，方向垂直AB连线向下B.大小为02B，方向垂直AB连线向上C.大

小为03B，方向垂直AB连线向上D.大小为04B，方向垂直AB连线向下【答案】D【解析】【详解】依题意kIBr=可知，两导线在C点产生的磁场的磁感应强度B大小相等，根据安培定则可知，两者夹角为120，C点的合磁感应强度大小为B0，

由矢量合成有AB导线在C点的磁感应强度大小均为0kIBBr==同理可知AB导线在O点的磁感应强度方向均向下，则O点的磁感应强度0242kIBBr==方向垂直AB连线向下，所以D正确。故选D。6.如图所示，理

想变压器原、副线圈匝数比为1:3，正弦交流电源的电压有效值恒为12VU=，电阻11R=，22R=。若滑动变阻器接入电路的电阻为7，则（）A.通过1R的电流为6AB.1R与2R消耗的电功率相等C.若向上移动P，电压表

读数将变大D.若向下移动P，电源输出功率将不变【答案】A【解析】【详解】A．设通过1R的电流为3I，则副线圈电流为I，原线圈输入电压为13123UIRI−=−根据匝数比可知副线圈输出电压为3(123)I−，则有2[3(123)](123)372III−−=+解得2AI=则通过1R的电

流为36AI=故A正确；B．理想变压器原副线圈匝数之比为1:3，可知原副线圈的电流之比为3:1，根据2PIR=可知1R与2R消耗的电功率之比为9:2，故B错误；CD．若向上移动P，则3R电阻减小，副线圈回路中电流变大

，原线圈回路中电流也变大，根据PIU=可知电源输出功率将变大，电阻1R的电压变大，变压器输入电压变小，次级电压变小，电压表读数将变小，故CD错误。故选A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选

项中，有多项符合题目要求，请选出来并填涂在答题卡上对应位置。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7.在星球表面发射探测器，当发射速度为v时，探测器可绕星球表面做匀速圆周运动；当发射速度达到2v时，可摆脱星球引力束缚

脱离该星球．已知地球、火星两星球的质量比约为10∶1，半径比约为2∶1，下列说法正确的有()A.探测器的质量越大，脱离星球所需要的发射速度越大B.探测器在地球表面受到的引力比在火星表面的大C.探测器分别脱离两星球所需要的发射

速度相等D.探测器脱离星球的过程中，势能逐渐增大【答案】BD【解析】【详解】A、探测器刚好脱离星球，动能全部转化为势能，发射速度与质量无关，故A错误；B、根据万有引力公式得：探测器在地球表面受到的引力，在火星表面受到的引力F2=，而地球、火。星两星球的质量比约为1

0：1，半径比约为2：1，解得：，即探测器在地球表面受到的引力比在火星表面的大，故B正确；C、探测器脱离星球时，其需要发射速度为，地球与火星的不同，所以所需发射速度也不同，故C错误；D、由于探测器脱离星球过程中，引

力做负功，引力势能增大，故D正确．故选BD8.复兴号动车在世界上首次实现速度350km/h自动驾驶功能，成为我国高铁自主创新的又一重大标志性成果。如图所示，一列质量为m的动车，初速度为0v，以恒定功率P在平直轨道上运动，经时间t达到该功率下的最大速度mv，设动车行驶

过程所受到的阻力F保持不变。动车在时间t内（）A.做匀加速直线运动B.牵引力的功率mPFv=C.当动车速度为m3v时，其加速度为2FmD.牵引力做功大于22m01122mvmv−【答案】BCD【解析】【详解】A．复兴号动车以恒定功率运动，由PFmav−=易知v增大a变小。故A错误；

B．当0a=时，速度最大，故mPFv=即牵引力的功率mPFv=故B正确。C．当动车速度为m3v时，此时牵引力mm333PPFFvv===牵由１牵FFma−=可得其加速度为12Fam=故C正确；D．由动能定理可得22m011W22Fxmvmv−=−牵牵引力

做功22011W22mmvmvFx=−+牵动车需要克服摩擦力做功，故D正确。故选BCD。9.“电子能量分析器”主要由处于真空中的电子偏转器和探测板组成。偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为AR和BR的同心金

属半球面A和B构成，AB、分别是电势为AB、的等势面，其过球心的截面如图所示。一束电荷量为(0)ee−、质量为m的电子以不同的动能从偏转器左端M的正中间小孔垂直入射，进入偏转电场区域，最后到达偏转器右端的探

测板N。其中动能为k0E的电子沿电势为C的等势面C做匀速圆周运动到达N板的正中间，到达N板左、右边缘处的电子，经过偏转电场前、后的动能改变量分别为kE左和kE右。若电场的边缘效应，电子之间的相互影响，均可忽略。下列判断正确的是（）A.偏转器内的电场是

匀强电场B.等势面C处的电场强度大小为()K04ABEEeRR=+C.到达N板左、右边缘处的电子，其中左边缘处的电势能大D.kkΔ||ΔEE右左∣∣【答案】BD【解析】【详解】A．匀强电场的特点是大小处处相等，方向相同。故A错误；B．电子

做匀速圆周运动的向心力由电场力提供，由题意可知22k01,,22ABRRmvEqrEmvr+===解得()k04ABEEeRR=+故B正确；C．从左侧边缘出来的电子，电场力做正功，从右侧边缘出来的电子，电场力做负功。故C

错误；D．从左侧边缘出来的电子所处区域的电场线密集，平均电场强度大，平均电场力做功多。故D正确。故选BD。10.如图所示，不带电物体A质量为m，带电量为(0)qq的物体B质量为2m，A、B用跨过定滑轮的绝缘轻绳连接，物体B静止在倾角为30=且足够长的

斜面上，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在竖直挡板上，另一端与物体A相连，整个系统不计一切摩擦。某时刻，施加一场强大小为2mgq，方向沿斜面向下的匀强电场，在物体B获得最大速度的过程中弹簧未超过弹性限度（已知弹簧的弹性势能2p12Ekx=，x为弹簧的形变量；轻绳与A、B的接触面均平行，且不会断裂）

，下列说法正确的是（）A.施加电场初始时刻，轻绳的拉力为53mgB.物体B的速度最大时，弹簧的形变量为2mgkC.物体B从开始运动到最大速度的过程中，系统电势能的减少量为224mgkD.物体B从开始运动到最大速度的过程中，物体A和物体B机械能之和增加【答案】AC【解析】【详解】A．没

有施加电场时，有1112sin,TmgTkx==施加电场的初始时刻，对B有22sin2mgEqTma+−=对A有21Tkxma−=解得253Tmg=故A正确；B．物体B速度最大时，有3322sin0,mgEqTTkx+−==解得23mgxk=故B错误；C．物体B速度最大时

的位移为122gxkxm−=系统电势能的变化量为的()22p214ΔmgEEqxxk=−−=−所以电势能的减少量为224mgk，故C正确；D．物体B速度最大时，A的速度也最大，此时弹簧弹性势能的增加量为22222111422mgkxkx

k−=与电场力做功相等，所以A、B两物体的机械能之和不变，故D错误。故选AC。三、非选择题：共56分。第11-12题为实验题，第13-15题为计算题。11.某同学用图甲所示的装置来探究动能定理。在木板上固定

两个完全相同的遮光条A、B，两遮光条间的距离L。用不可伸长的细线绕过定滑轮和动滑轮将木板与弹簧测力计C相连，木板放在安装有定滑轮和光电门的轨道D上（轨道D已倾斜一定的角度），放在水平桌面上，P为小桶（内有沙子），滑轮的质量和摩擦不计。（1）下列对实

验中轨道应倾斜一定角度，其目的是________A.为了释放木板后，木板在细线拉动下能匀速下滑B.为了增大木板下滑的加速度，提高实验精度C.尽量保证细线拉力对木板做的功等于木板所受合力对木板做的功（2）实验

主要步骤如下：①测量木板、遮光条的总质量M，用游标卡尺测量遮光条的宽度d如乙图所示，其读数为_____mm；②按甲图正确安装器材。③将木板左端与轨道左端对齐，静止释放木板，木板在细线拉动下运动，记录弹簧测力计示数F及遮光条B、A

先后经过光电门的遮光时间。④在小桶中增加沙子，重复③的操作。⑤比较kWE、的大小，得出实验结论。若某次实验中，测得遮光条B、A先后经过光电门的遮光时间为12tt、，请你把要探究的结果用题目中的字母表达出来__________（用字母12MttdLF、、

、、、表示）【答案】①.C②.1.70③.222211112FLMdtt=−【解析】【详解】（1）[1]为了使绳子拉力充当合力，即细线拉力做的功等于合力对小车做的功应先平衡摩擦力，故实验中轨道应倾斜一定角度把摩擦力平衡掉，

故C正确，AB错误；故选C；（2）[2]游标卡尺读数为1mm0.05mm141.70mm+=[3]B通过光电门的速度为B1dvt=A通过光电门的速度为A2dvt=故有22222AB2111111222FLMvMvMdtt

=−=−12.要测量电压表1V的内阻VlR，其量程为3V，内阻约3k。实验室提供的器材有：电流表A，量程0.6A，内阻约为0.1电压表2V，量程5V，内阻约为5

k定值电阻1R，阻值为20定值电阻2R，阻值为2k滑动变阻器3R，最大阻值100，额定电流1.5A电源E，电动势6V，内阻约0.5开关S一个，导线若干。（1）某同学设想按甲图所示电路进行测量，读出电压表

1V和电流表A的示数后，用欧姆定律计算出1Rv。该方案实际上______（填“可行”或“不可行”），最主要的原因是_____。（2）另一同学按如图乙所示的实物电路来测量电压表1V的内阻v1R。①图中0R应选_______。（选填“1R”或“2R”）②在答题

卡相应方框内画出该实验电路图。（）③接通电路后，调整滑动变阻器的滑动触头在适当的位置，此时电压表1V的读数为1U，电压表2V的读数为2U，定值电阻的阻值为0R，则电压表1V的内阻vlR的表达式为vlR=_______。【答案】①.不可行②.电流表量程太大③.2R④.见解析⑤.1021U

RUU−【解析】【详解】（1）[1][2]该方案不可行，因为电流表量程太大，结合电路图与电源电动势及电压表内阻可知流经电流表的电流值太小，从而导致误差太大；（2）①[3]因V2量程为5V，V1量程为3V，则定值电阻的阻值应该与V1的内阻相当，故选R2；②[4]结合实物图，画

出电路图如图所示③[5]由电路可知11V1021210UURRUUUUR==−−13.如图所示，电阻为R的正方形单匝线圈abcd的边长为,Lbc边与匀强磁场边缘重合。磁场的宽度等于线圈的边长，磁感应强度大小为B。在水平拉力作用下，线圈以v的速度向右穿过磁场区域。求线圈在上述过程中（1）感应电动势

的大小E；（2）所受拉力的大小F；（3）感应电流产生的热量Q。【答案】（1）EBLv=；（2）22BLvFR=；（3）232BLvQR=【解析】【详解】（1）感应电动势EBLv=（2）感应电流EIR=拉力的大小等于安培力FBIL=解得22

BLvFR=（3）运动时间2Ltv=焦耳定律2QIRt=解得232BLvQR=14.物理气相沉积镀膜是芯片制作的关键环节之一，如图是该设备的平面结构简图。初速度不计的氩离子（比荷1162.410C/kgqm=?）经电压302510V12U=

的电场加速后，从C点水平向右进入竖直向下的场强为4510V/m3E=的匀强电场，恰好打到电场、磁场的竖直分界线I最下方M点（未进入磁场）并被位于该处的金属靶材全部吸收，CM两点的水平距离为0.5m。靶材溅射出的部分金属离子（比荷6222.010C/kgqm

=）沿各个方向进入两匀强磁场区域，速度大小均为41.010m/s，并沉积在固定基底上，M点到基底的距离为2m4。基底与水平方向夹角为45，大小相等、方向相反（均垂直纸面）的两磁场2110TB−=的分界线Ⅱ过M点且与

基底垂直。（两种离子均带正电，忽略重力及离子间相互作用力。）求：（1）CM两点的高度差；（2）在纸面内，基底上可被金属离子打中而镀膜的区域长度。（3）金属离子打在基座上所用时间最短时粒子的入射方向与分界线Ⅱ的

夹角的正弦值。【答案】（1）0.5myCM=；（2）22m2L−=；（3）2sin4=【解析】【详解】（1）氩离子电场中加速：根据动能定理2101012qUmv=故5100120ms1/qUvm==氩离子在电场中偏转xCMvt=212

yCMat=qEma=代入数据得高度差0.5myCM=（2）金属离子在磁场中运动222mvBqvR=220.5mmvRBq==金属离子沿着靶材和磁场边界入射，其圆心在M点正上方0.5m处O，金属离子沉积点为K，分界线与基底交点

为A。sin45OMAM=所以O恰好在基底上的2tan45m4OAAM==所以2220.5mm44AK−=−=离子靠近MA方向射出，则会落在A点的附近，范围不超出K点，左侧区域范围内粒子受到洛伦兹力偏向右，根据对称性粒子能够到达A左侧的距离也为0.147或224−，与

右侧相同。故离子能够镀膜范围的长度为22m2L−=（3）金属离子从A点射出时时间最短，由几何知识可得，此时入射方向与两磁场边界的夹角满足2sin4=15.如图所示，质量为m的小圆环A套在足够长的光滑水平杆上，位于水平地面上M点的正上

方L处。可视为质点小物块B的质量为3m，通过长度为L的轻绳与A连接，初始时轻绳处于水平状态，A、B均处于静止。某时刻由静止释放B，B到达最低点时的速度恰好与水平地面相切，此时轻绳恰好断裂，之后B在水平地面

上向右运动，一段时间后在N点平滑进入内壁光滑的竖直固定细圆环，圆环的半径,B20LR=在N点平滑离开圆环时的速度可能向左，也可能向右。已知物块B与水平地面间的动摩擦因数为0.1，210m/s=g。求：（1）轻绳断裂时物块A、B各自的速度大小；（2）从开始运动到轻绳断裂小圆环A的位移大小

；（3）若B在圆环运动的过程中始终不脱离轨道，求M到N的距离满足的条件。【答案】（1）322gL，22gL；（2）34L；（3）12Ls和25744LsL【解析】【详解】（1）物块开始释放至轻绳断裂，对A、B组成的系统水平方

向动量守恒，选向左的方向为正，有1230mvmv−=A、B组成的系统机械能守恒有2212113(3)22mgLmvmv=+由以上两式得轻绳断裂时圆环A的速度大小1322gLv=小物块B的速度大小222gLv

=（2）物块B自开始释放至最低点的过程，设A水平方向位移大小为x1，B水平方向位移大小为x2，A、B组成的系统水平方向动量守恒有123mxmx=12xxL+=小圆环A的水平位移大小134Lx=（3）①物块B在圆环内可以做完整的圆周运动，恰好

过圆环最高点有23233mvmgR=从N点到最高点机械能守恒有2243113(2)(3)(3)22mgRmvmv=−从断裂处到N点由动能定理有2234211(3)(3)(3)22mgxmvmv−=−解得354xL

=所以M到N的距离满足的条件1312Lsxx−=②物块B在从N点运动到与圆心等高的位置过程有2513(3)2mgRmv=，2235211(3)(3)(3)22mgxmvmv−=−物块B能运动到圆环中2251(3)(3)2mvmgx所以41251xxsxx−−即25744LsL

若B在圆环运动的过程中始终不脱离轨道，M到N的距离满足的条件12Ls和25744LsL获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com