【文档说明】《山东中考真题物理》2016年威海市中考物理试题及答案解析.docx，共(30)页，604.787 KB，由envi的店铺上传

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2016年山东省威海市中考物理试卷一、选择题（1-10题为单选，每小题2分，11-12小题为多选，每小题2分）1．（2分）（2016•威海）关于声和电磁波，下列说法正确的是（）A．声和电磁波都能在真空中

传播B．敲鼓时鼓面振动的幅度越大音调越高C．学业考试期间考场附近禁止鸣笛属于在声源处控制噪声D．医生用B超观察胎儿的发育情况是利用电磁波工作的2．（2分）（2016•威海）如图所示，属于光的反射现象的是（）A．手

影游戏B．水中倒影C．铅笔“折断”D．雨后彩虹3．（2分）（2016•威海）关于热现象，下列说法错误的是（）A．将沸点为12.3℃的氯乙烷喷到运动员扭伤的部位，是利用了氯乙烷迅速汽化吸热B．向热汤中滴入香油会散发出浓浓的香味，是由于温度越高热运动越剧烈C．用锯条锯木板时温度升高，是

通过热传递改变内能D．装着开水的暖水瓶瓶塞有时会弹起来，是由于瓶内气体对瓶塞做功4．（2分）（2016•威海）关于安全用电，下列说法错误的是（）A．家庭电路中空气开关跳闸，一定是由于电路短路引起的B．发现家用电器或电线着火时，应先切断电源再救火C．用试电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾

金属体D．油罐车的尾部装有铁链，是为了将油与油罐磨擦产生的静电导走5．（2分）（2016•威海）如图所示，图甲测凸透镜的焦距，图乙“探究凸透镜成像的规律”，在图乙所示的位置光屏上成清晰的像，下列说法正确的是（）A．由图甲可知凸透镜的焦距是40cmB．图乙的成像的特点与投影仪的成像原理相同

C．图乙中若用遮光板挡住凸透镜的上半部分，光屏上只出现像的下半部分D．图乙中若在凸透镜左侧“戴”上近视镜，光屏向右移动才能找到清晰的像6．（2分）（2016•威海）如图是小明家安装的换气扇和照明灯的电路图，下列说法正确的是（）A．换气扇和照明灯不能同时工作B．换气扇和照明灯只能同时工

作C．换气扇和照明灯工作时，通过它们的电流一定相等D．换气扇和照明灯工作时，它们两端的电压一定相等7．（2分）（2016•威海）如图所示，用弹簧挂一条形磁铁放在螺线管的正上方，闭合开关，待弹簧稳定后，将滑动变阻器的滑片缓慢向左移动，下列说法正确的是（）A．电压表示数

变大，电流表示数也变大B．电压表示数变小，电流表示数也变小C．螺线管上端是S极，弹簧缩短D．螺线管上端是N极，弹簧伸长8．（2分）（2016•威海）如图所示的四个装置中与发电机工作原理相同的是（）A．B．C．D．9．（2分）（2016•威海）如图中甲、乙、丙、

丁四根弹簧完全相同，甲、乙左端固定在墙上，图中所示的力F均为水平方向，大小相等，丙、丁所受的力均为一条直线上，四根弹簧在力的作用下均处于静止状态，其长度分别是L甲、L乙、L丙、L丁，下列选项正确的是（）A．L甲＜L丙L乙＞L丁B．L甲=L丙L乙=L丁C．L甲

＜L丙L乙=L丁D．L甲=L丙L乙＞L丁10．（2分）（2016•威海）海上舰艇护航编队在距离较近时一般采用“前后”形式，而不采用“并排”形式，如图中与其原理相同的是（）A．用吸管吸材料B．盆景水位保持一定高度C．壶嘴与壶身

高度相同D．向两纸间吹气11．（3分）（2016•威海）如图所示，水桶通过定滑轮与水平桌面上的滑块相连，当沙桶和沙的总重为5N时，滑块水平向左做匀速直线运动，若不考虑空气阻力、绳重及滑轮和轴之间的摩擦，下列分析正确的是（）A．当沙桶落地

后，由于惯性滑块继续向左运动B．滑块对桌面的压力和桌面对滑块的支持力是一对平衡力C．沙桶匀速下落的过程中，重力势能转化为动能D．若通过滑块拉动沙桶匀速上升，则施加在滑块上水平向右的拉力为10N12．（3分）（2016•威海）如图甲中电源恒定，R0为定值电阻．闭合开关，当滑动变阻器的滑片从a端滑

到b端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图象如图乙所示．下列选项正确的是（）A．定值电阻R0的阻值为10ΩB．电源电压为4VC．当滑片在a端时，R0的功率为2.4WD．当滑片在中点时，R0的功率为0.9W二、填空题（本题共8小题，每小题2

分，共16分）13．（2分）（2016•威海）多媒体教室中的投影银幕是用粗糙的白布做成的，其一是利用光的使教室里每位同学都能看到画面；其二是白布能反射颜色的光，使同学们能看到色彩正常的画面．14．（2分）（2016

•威海）为了丰富市民业余文化生活，我市开展了露天电影走进社区活动．准备放映时，画面超出了整个屏幕，如果你是放映员应将放映机（选填“远离”或“靠近”）屏幕，同时要（选填“增大”或“减小”）镜头与胶片间的距离．15．（2分）（2016•威海）威海属于风力

资源丰富的地区，有许多由风力发电机组成的“风车田”，发电机发电的过程是将其它形式的能（选填“转移”或“转化“）成电能的过程．风能安全清洁，作为（选填“可再生”或“不可再生”）能源是未来的理想能源之一．16．（2分）（2016•威海

）标有“220V2000W”的电热水器容量50L，当电热水器装满水时，水温升高1℃吸收的热量是J．若电热水器的效率为87.5%，电热水器正常工作时水温升高1℃需加热的时间是min．[水的密度为1.0×l03kg/m3，水的比热容为4.2×l03J/（k

g•℃）]．17．（2分）（2016•威海）乒乓球是人们常见的一项体育运动．分析这项体育运动在哪些方面应用了什么物理知识，请根据示例再写出两条．示例：球拍表面贴橡胶，是为了增大球与球拍间的摩擦（1）；（2）．18．（2分）（2016•

威海）如图所示，把重力为600N的物体匀速推到斜面顶端，斜面长为3m，高为0.9m，实际推力为300N，那么物体与斜面之间的摩擦力是N，斜面的机械效率是．19．（2分）（2016•威海）如图所示，一圆柱形容器底面积为8×10﹣2m2，把它

放在水平桌面上，在容器内放入一个底面积为2×10﹣2m2，重为20N的圆柱形物块，物块的密度为0.8×l03kg/m3．则物块对容器底的压强是Pa．向容器中缓慢注水使物块刚好离开容器底，此时容器中水的深度是m．（g取10N/kg，水的密度为1.0×l03kg/m

3）20．（2分）（2016•威海）如图所示，电源电压为9V保持不变，小灯泡标有“6V3W”，滑动变阻器的最大阻值为24Ω，电流表的量程为0～3A．当开关S1、S2断开，S3闭合时，小灯泡恰能正常发光；那么当开关S1、S2、S3都闭合时，要保护电路各元件安全，R2的最小阻值是

Ω，分析开关和滑动变阻器的各种变化情况，得出整个电路工作时消耗的最小功率是W．三、作图題（本題共2小题，21题2分，22题3分，共5分）21．（2分）（2016•威海）如图所示，A′B′是物体AB在平面镜中所成的像，根据平面镜成像的特点在图

中画出平面镜（保留作图痕迹）．22．（3分）（2016•威海）请用笔画线代替导线，将图中的开关、灯泡和三孔插座正确接入家庭电路中．四、实验探究题（本题共3小题，23题6分，24题6分，25题7分，共19分）23．（6分）（2016•威海）在探究热现象的实验中，小明用烧杯、试管、温度计

、圆底烧瓶等器材进行了如下实验．（1）小明用图1甲所示的装置“探究冰熔化时温度的变化规律”，根据实验数据绘制了温度随时间变化的图象，如图1乙所示．该物质在BC段处于（选填“固体”、“液体”或“固液共存”）状态，此过程中物质的内能（选填“增加”、“减少”或“不变”）；

比较图乙中AB段与CD段可知，质量相同的冰和水在升高相同的温度时，加热时间不同，原因是．（2）小明用如图2甲所示的装置“探究水沸腾时温度变化的特点”，纸板上留有小孔的目的是．实验中温度随时间变化的图象如图乙所示，分析FG段会发

现（请写出一条）．（3）小明用图3所示的烧瓶将水加热至沸腾后，把烧瓶从火焰上拿开，水会停止沸腾．再迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，发现水又重新沸腾了，这是因为．24．（6分）（2016•威海）牛奶密度是检验牛乳质量的一项重要指标，小明为了比较市场上两种不同

品牌牛奶的密度，设计了如下实验：（1）通过观察比较牛奶的密度小明将一正方体塑料块先后放入两种牛奶中，让它漂浮在液面上，观察塑料块露出液面的体积，露出液面体积较大的牛奶的密度较．又将压强计的金属盒先后放入两种牛奶中的同一深度，观察U形管液面的高度差，高度差较大的牛奶的

密度较．（2）通过测量比较牛奶的密度小明利用弹簧测力计、烧杯、石块、细绳和水等物品来测量．其操作步骤是：①用弹簧测力计测出石块的重力为G；②将石块浸没在水中，弹簧測力计的示数为F1；③（写出具体方法和要测出的物理量并用字母表示）：④牛奶密度的表达式为

ρ牛奶=（用测出物理量的字母表示，水的密度用ρ水表示）．25．（7分）（2016•威海）小明在“测量小灯泡电功率”的实验中，所用器材如下：两节干电池，电流表，电压表，滑动变阻器，额定电压为2.5V的小灯泡，开关，导线若干．（1）用笔画线代替导线将图甲的电路连接完整（要求滑片向右移动小灯泡变亮）．

（2）正确连接电路后，闭合开关发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，若电路中只有一处故障，这个故障可能是．（3）排除故障后小明继续实验，当电压表示数为2.1V时，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向（选填“A”或“B”）端移动使电压表示数为

2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，则电流表的示数是A，小灯泡的额定功率J是W．（4）若将小灯泡换成定值电阻，该电路还可进行的实验有（请写出一个）．五、综合计算题（本题共3小题，26题7分、27题8分，28题

9分，共24分.要求写出必要的文字说明、单位、重要的公式及主要的运算过程，只写出结果的不得分）26．（7分）（2016•威海）按照规定，我国载货车辆的轮胎对地面的压强应控制在7×105Pa以内．某型号货车部分参数如表所

示．王师傅在执行一次运输任务时，开着装满沙子的货车在一段平直的公路上匀速行驶15km．（g取10N/kg，沙子的密度为2.4×103kg/m3，燃油的热值为4.5×107J/kg）自重6×104N车轮个数10每个轮胎触地面积3×1

0﹣2m2车厢容积10m3请解答该货车在本次运输过程中的下列问题：（1）通过计算判断该货车是否超载？（2）货车在这段公路上行驶时所受阻力为车总重的0.02倍，这段时间内货车牵引力所做的功是多少？（3）货车在这一过程中消耗燃油4kg，其热机效率是多少？27．（8

分）（2016•威海）如图是某型号电动轮椅工作原理示意图．开关S1和S2由绝缘操纵杆控制，能同时接“1”或接“2”，向前推操纵杆时轮椅前进且能调速，向后拉操纵杆时轮椅以恒定速度后退．已知蓄电池的电压为24V保持不变，R2的阻值

为10Ω，电动机的额定功率为100W，额定电压为24V．请解答下列问题：（1）当开关S1和S2同时接时，电动轮椅前进；电动轮椅既能前进又能后退，是因为电动机线圈中电流的能够改变．（2）当电动轮椅后退时，电流表示数为1A，此时

电动机的实际功率是多少？（3）当电动机以额定功率工作时，电动轮椅在水平路面上匀速前进的速度为2m/s，若此时电动机消耗的电能有75%转化为电动轮椅前进的机械能，此时电动轮椅受到的阻力是多大？28．（9分）（2016•威海）如图是利用电子秤显示压力大小反映水箱水

位变化的装置示意图．该装置由滑轮C，长方体物块A、B以及杠杆DE组成．物块A通过细绳与滑轮C相连，物块B放在电子秤上并通过细绳与杠杆相连．杠杆可以绕支点O转动并始终在水平位置平衡，且DO：OE=1：2，已知物块A的密度为1.5×103k

g/m3，底面积为0.04m2，高1m，物块A的上表面与水箱顶部相平，物块B的重力为150N．滑轮与轴的摩擦、杠杆与轴的摩擦以及滑轮、杠杆和绳的自重均忽略不计（g取10N/kg，水的密度为l.0×lO3kg/m3）．请解答下列问题：（1）当水箱装满水时，物块A的下表面受

到水的压强是多大？此时物块A所受的拉力是多大？（2）从水箱装满水到水位下降lm，电子秤所显示的压力示数变化范围是多少？2016年山东省威海市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1-10题为单选，每小题2分，11-12

小题为多选，每小题2分）1．（2分）（2016•威海）关于声和电磁波，下列说法正确的是（）A．声和电磁波都能在真空中传播B．敲鼓时鼓面振动的幅度越大音调越高C．学业考试期间考场附近禁止鸣笛属于在声源处控制噪声D．医生用B超观察胎儿的发育情况是利用电磁波工作的【分析】（1）声波不能

在真空中传播；电磁波可以在真空中传播．（2）解决此题要知道响度的大小与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小．（3）防治噪声的途径包括：在声源处、在传播中、在人耳处；（4）由电磁波的传播特点及超声波的特点逐一分析．【解答】解：A、声

不能在真空中传播，故A错误；B、因为声音的响度与振幅有关，所以鼓面振动的幅度越大，响度就会越大，故B错误；C、学校附近禁止鸣笛是防止噪声的产生，属于在声源处控制噪声，故C正确；D、B超是利用超声波工作的，选项说法错误．故选C．【点评】此题考查

声音的传播条件、噪声的防治、声与信息等知识，知道影响响度的因素之一是声源的振动幅度．2．（2分）（2016•威海）如图所示，属于光的反射现象的是（）A．手影游戏B．水中倒影C．铅笔“折断”D．雨后彩虹【分析】（1）光在同种、均匀、透明

介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质

中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的．【解答】解：A、影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影

子，故与题意不符；B、平静水面上塔的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意C、从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符；D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，

这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，故与题意不符．故选B．【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念．3．（2分）（2016•威海）关于热现象，下列说法错

误的是（）A．将沸点为12.3℃的氯乙烷喷到运动员扭伤的部位，是利用了氯乙烷迅速汽化吸热B．向热汤中滴入香油会散发出浓浓的香味，是由于温度越高热运动越剧烈C．用锯条锯木板时温度升高，是通过热传递改变内能D．装着开水的暖水瓶瓶

塞有时会弹起来，是由于瓶内气体对瓶塞做功【分析】（1）：物质由液态转变为气态的过程叫汽化，汽化时要吸收热量．（2）分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子运动越快．（3）改变物体内能的两种方法：做功、热传递．（4）做功可以改变物体的内能．【解

答】解：A、将沸点为12.3℃的氯乙烷喷到运动员扭伤的部位，是利用了氯乙烷迅速汽化吸热的特点，故A正确；B、向热汤中滴入香油会散发出浓浓的香味，是由于温度越高热运动越剧烈，故B正确；C、用锯条锯木板时温度升高，是通过做功改变木板的内能，故C错误；D、装着开水的

暖水瓶瓶塞有时会弹起来，是由于瓶内气体对瓶塞做功，故D正确．故选C．【点评】本题考查了学生对汽化吸热、分子运动、物体内能的改变方法的理解和掌握情况，设计的知识点较多，全面掌握基础知识是答题的关键．4．（2分）（2016•威海）关于安全用电，下列说法错误的是（）A．家庭电路中空气开关跳闸，一定是

由于电路短路引起的B．发现家用电器或电线着火时，应先切断电源再救火C．用试电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾金属体D．油罐车的尾部装有铁链，是为了将油与油罐磨擦产生的静电导走【分析】（1）家庭电路电流过大的

原因有两个：短路或用电器的总功率过大；（2）发生触电事故、发生火灾要先切断电源，实际上切断火线，防止再次发生危害；（3）使用测电笔时，手要接触笔尾的金属体；（4）铁链与地面会发生摩擦，也会产生静电，这个静电在与地面接触时，就被导入大

地了．【解答】解：A．家庭电路中空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故该选项说法不正确；B．家用电器失火，导线的绝缘皮烧坏，用电器漏电，如果用水救火，水是导体，人间接接触火线，发生单相触电事故，故该选项说法正确；C．用试电笔辨别火线和零线时，手应接触

笔尾金属体，故该选项说法正确；D．大地让带电体和大地处在同一个电势处，由于这点儿电量很小，地球基本上不会有什么反应，这样就成为了零电势．所以摩擦产生的静电专门往电势低处走，油罐车的静电都被引入大地了．故该选项说法

正确．故选A．【点评】本题考查了安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带体，日常生活中一定要养成安全用电的好习惯，此题与学生生活联系密切，体现了物理知识和生活的联系．5．（2分）（2016•威海）如图所示，图甲测凸透镜的焦距，图乙“探究凸透镜成像的规律”，在图乙所

示的位置光屏上成清晰的像，下列说法正确的是（）A．由图甲可知凸透镜的焦距是40cmB．图乙的成像的特点与投影仪的成像原理相同C．图乙中若用遮光板挡住凸透镜的上半部分，光屏上只出现像的下半部分D．图乙中若在凸透镜左侧“戴”上近视镜，光屏向右移动才能找到清晰的像【分析】（1）凸透镜

成像的规律，研究的是成像特点与物距之间的关系，成像特点的变化与透镜的焦距有关．首先确定凸透镜的焦距；（2）然后结合凸透镜成像规律的表格：物距（u）成像特点像距（v）应用u＞2f倒立缩小实像f＜v＜2f照相机u=2f倒立等大实像v=2f测焦距2f＞u＞f倒立放大实像v＞2f投影仪/幻

灯机u=f不成像u，＜f正立放大虚像放大镜（3）结合凸透镜成像是由于光通过透镜会聚而成像和近视眼的成因和矫正方法．【解答】解：A、根据甲图可以知道f=10cm，故A错误；B、根据乙图u＞2f，应用应该是照相机，故B错误；C、挡住了透镜上半部分，光能通

过下半部分会聚成像，只是光线变少了能成一个变暗的完整的像，故C错误；D、戴上近视眼镜（凹透镜）对光有发散作用，所以像会成在后面，光屏向右移动正确．故D正确．故选：D．【点评】此题是凸透镜成像规律的常规题目，考查了学生对透镜成像规律的应用，透镜成像的原

因，近视眼镜．6．（2分）（2016•威海）如图是小明家安装的换气扇和照明灯的电路图，下列说法正确的是（）A．换气扇和照明灯不能同时工作B．换气扇和照明灯只能同时工作C．换气扇和照明灯工作时，通过它们

的电流一定相等D．换气扇和照明灯工作时，它们两端的电压一定相等【分析】并联电路中，各用电器工作时互不影响；并联电路两端电压相等；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和．【解答】解：AB、换气扇和照明灯并联并且都有单独开关控制，则通过电键的控制两用电器可以单独工作，也可以同时工作，故AB错误；C

、由于两电器功率不同，则换气扇和照明灯工作时，通过它们的电流一定不相等；故C错误；D、由并联电路的特点可知工作时两端的电压一定相等，故D正确．故选D．【点评】本题考查并联电路的应用及特点，要结合串联和并联特点进行分析．7．（2分）（2016•威海）如图所示，用弹簧挂一

条形磁铁放在螺线管的正上方，闭合开关，待弹簧稳定后，将滑动变阻器的滑片缓慢向左移动，下列说法正确的是（）A．电压表示数变大，电流表示数也变大B．电压表示数变小，电流表示数也变小C．螺线管上端是S极，弹簧缩短D．螺线管上端是N极，弹簧伸长【分析】由电路图可

知，电路为滑动变阻器的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，由右手螺旋定则可得出螺线管上端磁极，则由磁极间的相互作用可知弹簧长度的变化．【解答】解：由电路图可知，电

路为滑动变阻器的简单电路，因电压表测电源电压，所以，滑片移动时电压表的示数不变，将滑动变阻器的滑片缓慢向左移动，接入电路中的电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故AB错误；电流由上方流入，由右手螺旋定则可知，螺

线管下端为N极，螺线管上端为S极，故D错误；因同名磁极相互排斥，所以，两磁铁相互排斥，弹簧缩短，故C正确．故选C．【点评】本题巧妙地将力学问题及电磁场的知识相互联系，综合性考查了欧姆定律、影响通电螺线管磁性强弱的因素及弹簧的弹力，对学生的审题能力及分

析能力要求较高，是道好题．8．（2分）（2016•威海）如图所示的四个装置中与发电机工作原理相同的是（）A．B．C．D．【分析】题目给出了四个有关电和磁的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择．【解答】解：A、该

实验为奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，故A错误；B、该装置中没有电源，是探究电磁感应现象的实验，说明了闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，它与发电机的工作原理相同，故B正确；C、该装置中有电源，是通电线圈在磁场中受力的实验，利用此装置的原理制造了

电动机而不是发电机，故C错误；D、该装置中有电源，是通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置的原理制造了电动机而不是发电机，故D错误．故选B．【点评】电与磁重点实验装置图要掌握好，记清实验名称和说明的原理及生活中的应用，是解答此类题的关键．9．（2分）（2016

•威海）如图中甲、乙、丙、丁四根弹簧完全相同，甲、乙左端固定在墙上，图中所示的力F均为水平方向，大小相等，丙、丁所受的力均为一条直线上，四根弹簧在力的作用下均处于静止状态，其长度分别是L甲、L乙、L丙、L丁

，下列选项正确的是（）A．L甲＜L丙L乙＞L丁B．L甲=L丙L乙=L丁C．L甲＜L丙L乙=L丁D．L甲=L丙L乙＞L丁【分析】弹力是物体发生弹性形变时，对与它接触的物体产生的力；弹簧受到的弹力与其伸长量（弹簧实际长度与原长之间的差值）成正比．【解答】解：由图可

知，图甲和丙的力都会使弹簧伸长，图乙和图丁的力都会使弹簧压缩；在图甲中，力F通过弹簧传递给墙，力的作用是相互的，墙对弹簧施加的力等于F，方向水平向左，所以图甲和图丙的作用力情况相同，效果相同，故它们伸长的长度相同，所以L甲=L丙；在图乙中，力F通过弹簧传递给墙，力的作用是相互的，墙对弹

簧施加的力等于F，方向水平向右，所以图乙和图丁的作用力情况相同，效果相同，故它们缩短的长度相同．所以L乙=L丁．故选B．【点评】弹簧的伸长量取决于作用在弹簧上的力的大小，作用在挂钩上的力都是F，则伸长量相同，注意判

断弹簧是伸长的还是压缩的．10．（2分）（2016•威海）海上舰艇护航编队在距离较近时一般采用“前后”形式，而不采用“并排”形式，如图中与其原理相同的是（）A．用吸管吸材料B．盆景水位保持一定高度C．壶嘴与

壶身高度相同D．向两纸间吹气【分析】流体流速越大，流体产生的压强越小；流体流速越小，压强越大；根据流体流速与压强的关系分析解答本题．【解答】解：舰艇并排行驶时，舰艇带动其周围的水随船向前运动，结果使舰艇内侧之间的水流速度大于

舰艇外侧的水流速度；因此舰艇内侧水的压强小于舰艇外侧水的压强，水的压强差使舰艇靠近，进而发生碰撞，为了避免事故的发生，舰艇护航编队在较近距离时一般采用前后护航形式，而不采用“并排”护航．A、用吸管吸饮料时，嘴内的气压小于外界大气压，饮料在大气压力作用下被压入嘴中，利用了大气压；故A不符

合题意；B、在一个标准大气压下，大气压可以支持约10.3m高的水柱．瓶中水面能高于盆内水面不会流出来，正是因为盆景中的水与大气相通，是大气压支持着瓶内的水不会流出来．故A不符合题意C、上端开口，底部连通的容器叫连通器．如果

连通器中只有一种液体，在液体不流动时，各容器中液面高度总是相同的．茶壶就是一个上端开口，底部连通的容器；故C不符合题意；D、对着两张纸的中间吹气，两张纸中间的空气流速变大，压强变小，小于纸外侧的大气压，产生了一个向内的压

强差，将纸压向中间，所以现象是纸向中间靠拢．故D符合题意．故选D．【点评】本题考查学生运用所学知识分析解决实际问题的能力，对学生的要求较高，是中考重点考查的内容．11．（3分）（2016•威海）如图所示，水

桶通过定滑轮与水平桌面上的滑块相连，当沙桶和沙的总重为5N时，滑块水平向左做匀速直线运动，若不考虑空气阻力、绳重及滑轮和轴之间的摩擦，下列分析正确的是（）A．当沙桶落地后，由于惯性滑块继续向左运动B．滑块对桌面的压力和桌面对滑块的支持力是一对平衡力C．沙桶匀速下落的过程

中，重力势能转化为动能D．若通过滑块拉动沙桶匀速上升，则施加在滑块上水平向右的拉力为10N【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性（2）平衡力的条件：大小相等、方向相反

、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上．（3）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度；（4）分析滑块受到的力，滑块向左进行匀速直线运动，受到平衡力作用，根据平衡力条件判断摩擦力大小．对滑块施加一个水平向右的力时

，滑块向右进行匀速直线运动，受到平衡力作用，根据平衡力条件判断拉力大小．【解答】解：A、水桶通过定滑轮与水平桌面上的滑块相连，滑块水平向左做匀速直线运动，当沙桶落地后，由于滑块具有惯性，仍要保持原来的运动状

态，所以滑块继续向左运动．故A正确；B、滑块对桌面的压力和桌面对滑块的支持力是作用在不同物体上的两个力，不是一对平衡力．故B错误；C、沙桶匀速下落的过程中，质量不变，动能不变，高度降低，重力势能减小，不是动能转化为重力势能．故C错误；D、滑块通过定滑轮拉着沙桶向左进行匀速直线运动，滑块水平方向

上受到水平向左5N的拉力和水平向右的滑动摩擦力作用，这两个力是平衡力，大小相等，所以滑动摩擦力是f=5N．对滑块施加一个水平向右的拉力F，使滑块拉动沙桶匀速上升，滑块向右进行匀速直线运动，滑块水平方向上受到水平向右的拉力F、水平向左的滑动摩擦力、水平向左

的拉力F′=G，水平向右的拉力F与水平向左的拉力F′、滑动摩擦力是平衡力，所以F=F′+f=5N+5N=10N．故D正确．故选AD．【点评】此题考查惯性、动能和势能的转化、平衡力的辨别、摩擦力的大小，以及二力平衡条件的应用．滑动摩擦力大小只跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟运动方向、运动速

度、受力面积等都没有关系，这是解决本题的关键．12．（3分）（2016•威海）如图甲中电源恒定，R0为定值电阻．闭合开关，当滑动变阻器的滑片从a端滑到b端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图象如图

乙所示．下列选项正确的是（）A．定值电阻R0的阻值为10ΩB．电源电压为4VC．当滑片在a端时，R0的功率为2.4WD．当滑片在中点时，R0的功率为0.9W【分析】由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器两端的电压．（1）当滑片位于a端时，接

入电路中的电阻为零，电路中的电流最大，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压；当滑片位于b端时接入电路中的电阻最大，电压表的示数最大，电流表的示数最小，根据图象读出电表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值

，再根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式求出R0的阻值，进一步求出电源的电压；（2）当滑片在a端时，根据P=UI求出R0的功率；当滑片在中点时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=I2R求出R0的功率．【解答】解：由电路图可知，R0与滑动变阻

器串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器两端的电压．（1）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为零，电路中的电流最大，由图象可知，电路中的最大电流I大=0.6A，由I=可得，电源的电压：U=I大R0=0.6A×R0，当滑片位于b端时接

入电路中的电阻最大，电压表的示数最大，电流表的示数最小，由图象可知，U滑=4V，电路中的最小电流I小=0.2A，则滑动变阻器的最大阻值：R滑===20Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U=I小（R0+R滑）=0.2A×（R0+20Ω），因电源的电压不变，所以，0

.6A×R0=0.2A×（R0+20Ω），解得：R0=10Ω，故A正确；电源的电压U=I大R0=0.6A×10Ω=6V，故B错误；（2）当滑片在a端时，R0的功率：P0=UI大=6V×0.6A=3.6W，故C错误；当滑片在中点时，电路中的电

流：I===0.3A，R0的功率：P0′=I2R0=（0.3A）2×10Ω=0.9W，故D正确．故选AD．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键．二、填空题（本题共8小题，每小题2分，共16分）13．（2分）（

2016•威海）多媒体教室中的投影银幕是用粗糙的白布做成的，其一是利用光的漫反射使教室里每位同学都能看到画面；其二是白布能反射所有颜色的光，使同学们能看到色彩正常的画面．【分析】解答此题从以下知识点入手：①光线照到粗糙不平的物体表面，物体表面发生反射，反射光线射向四

面八方，这种反射是漫反射．②白色物体能反射所有的色光．【解答】解：①投影屏幕使用粗糙的白布做成，因为粗糙，利用漫反射，能使反射光线射向四面八方，能进入各位同学的眼睛，使同学们都能看到屏幕上的像．②屏幕是

白色的，白色能反射所有的色光，能使同学们看到多彩的画面．故答案为：漫反射；所有．【点评】多媒体教室里，我们能看到屏幕上的画面，这个过程应用了很多的物理知识，凸透镜成像规律、白色而粗糙的屏幕、光的直线传播等等，我们要敢

于提出问题，正确回答问题．此题与实际生活联系密切，是一道好题．14．（2分）（2016•威海）为了丰富市民业余文化生活，我市开展了露天电影走进社区活动．准备放映时，画面超出了整个屏幕，如果你是放映员应将放映

机靠近（选填“远离”或“靠近”）屏幕，同时要增大（选填“增大”或“减小”）镜头与胶片间的距离．【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律．掌握投影仪的构造特点及制作原理．投影仪的镜头相等于凸透镜，胶片相等于物体，屏幕相等于光屏．投影仪是根据物距处于f、2f之

间时，成倒立、放大的实像的原理制成的．并且物距越小，所成的像越大，像距也越大．【解答】解：投影仪是根据物距处于f、2f之间时，成倒立、放大的实像的原理制成的．画面超出了整个屏幕，说明画面大了，应增大物距，减小像距，所以将放映机靠屏幕，同时

要增大镜头与胶片间的距离．故答案为：靠近；增大．【点评】此题主要考查了凸透镜成像规律的应用，一定熟练掌握成像规律的内容，还考查了成像规律的变化，要搞清像距和物距的关系．15．（2分）（2016•威海）威海属于风力资源丰富的地区，有许多由风力发电机组成的

“风车田”，发电机发电的过程是将其它形式的能转化（选填“转移”或“转化“）成电能的过程．风能安全清洁，作为可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源是未来的理想能源之一．【分析】发电机的发电过程是将其它形式的能转化为电能；能源可从自然界不断获得，或可重复利用的能源，为

可再生能源．【解答】解：发电机发电的过程是其它形式的能转化成电能的过程；风能安全清洁，能源可从自然界不断获得，且可重复利用，因此是可再生能源，是未来的理想能源之一．故答案为：转化；可再生【点评】本题考查了发电机发电过程的能量转化及风能作为可再生能源的利用，属基础知识的考查

．16．（2分）（2016•威海）标有“220V2000W”的电热水器容量50L，当电热水器装满水时，水温升高1℃吸收的热量是2.1×105J．若电热水器的效率为87.5%，电热水器正常工作时水温升高1℃需加热的时间是2min．

[水的密度为1.0×l03kg/m3，水的比热容为4.2×l03J/（kg•℃）]．【分析】（1）知道电热水器的容量，即装满水的体积，利用密度公式求水的质量；又知道水的温度变化和水的比热容，根据吸热公式

求水吸收的热量；（2）根据效率公式求出消耗的电能，电热水器正常工作时的电功率等于其额定功率，利用t=求出给水加热的时间．【解答】解：（1）电热水器装满水时水的体积：V=5L=50×10﹣3m3，由ρ=可得，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×50×10﹣3m3=50kg，水吸收的热量：

Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×1℃=2.1×105J；（2）由η=得消耗的电能：W===2.4×105J，因为电热水器正常工作，所以P=P额=2000W，根据P=可得，给水加热的时间：t==

=120s=2min故答案为：2.1×105；2．【点评】本题考查了密度公式、吸热公式、效率公式、电功率公式的应用，与生活相连，使学生觉得学了物理有用，计算时注意单位的统一．17．（2分）（2016•威海）乒乓球是人们常见的一项体育运动．分析这项体育运动在哪些方面应用了什么物理知

识，请根据示例再写出两条．示例：球拍表面贴橡胶，是为了增大球与球拍间的摩擦（1）乒乓球受到打击后，改变运动方向及速度大小，因为力可以改变物体的运动状态；（2）弧圈球是指旋转的球沿弧线运动，这是因为空气流速大的地方压强小．【分析】本题需可以

从力的作用效果和惯性等方面去分析．乒乓球运动中蕴含着丰富的物理知识：（1）力的作用效果的知识：击球后，力改变了球的运动方向和速度；（2）气体压强和流速的关系：弧圈球沿弧线运动；（3）动能和势能转化的知识：乒乓球具有弹性，落地后能弹起；（4）惯性的知识：球离开球拍，靠惯性

继续运动．【解答】解：运动员挥拍用力击打乒乓球，乒乓球的方向和速度不断发生变化，就是因为人对乒乓球施加了力的作用，从而使乒乓球改变了运动状态；弧圈球沿弧线运动，因为球有惯性是因为球在边旋转边高速飞行时两侧的空气不等而造成的，这是因为在流体中流速越大的地方压强小．

故答案为：（1）乒乓球受到打击后，改变运动方向及速度大小，因为力可以改变物体的运动状态；（2）弧圈球是指旋转的球沿弧线运动，这是因为空气流速大的地方压强小（或乒乓球落到台面后会弹起，因为不同形式的能可以相互转化；球与球拍脱离后依然向前运动，因为球有惯性等）【点评】本题综合性较强，可从各个角度分析

，答案也不唯一，如：力、能量等，多训练此类题目可以拓展学生思维．本题结合乒乓球运动考查相关的力学知识，生活中处处蕴含着丰富的物理知识，平时一定要多观察、多思考，因为物理学就是以观察和思考为基础的．18．（2分）（2016•威海）如图所示，把重力为600N的物体匀速推到斜面顶端

，斜面长为3m，高为0.9m，实际推力为300N，那么物体与斜面之间的摩擦力是120N，斜面的机械效率是60%．【分析】把物体匀速推到斜面顶端，提升重物做的功是有用功，克服摩擦力所做的功是额外功，推力做的功是总功，斜面的机械效率是有用功跟总功的比值．【解答】解：①由题

知，斜面长s=3m，斜面高h=0.9m，物体重G=600N，推力F=300N；有用功：W有用=Gh=600N×0.9m=540J，推力做的总功：Fs=300N×3m=900J，额外功：W额外=W总﹣W有用=900J﹣540J=360J，由W额外=fs得摩擦力：f===120N；②斜面的机械效率：η

=×100%=×100%=60%．故答案为：120；60%．【点评】本题考查了使用斜面时摩擦力和机械效率的计算，区分使用斜面时有用功、额外功和总功是解题的关键．19．（2分）（2016•威海）如图所示，一圆柱形容器底面积为8×10﹣2m2，把

它放在水平桌面上，在容器内放入一个底面积为2×10﹣2m2，重为20N的圆柱形物块，物块的密度为0.8×l03kg/m3．则物块对容器底的压强是1000Pa．向容器中缓慢注水使物块刚好离开容器底，此时容器中水的深度是0.1m．（g取10

N/kg，水的密度为1.0×l03kg/m3）【分析】（1）物块对容器底的压力等于物块的重力，受力面积等于物块底面积，利用p=求物块对容器底的压强；（2）当物块刚好离开容器底时，物块受到的浮力等于物块重力，利用F浮=

ρ水gV排求物块排开水的体积，利用V=Sh求物块浸入水中的深度．【解答】解：（1）物块对容器底的压力：F=G物=20N，物块对容器底的压强：p===1000Pa；（2）当物块刚好离开容器底时：F浮=G物=20N；因为F浮=ρ水gV排，所以物块排开水的体积：V排===2×10﹣3m3；物块浸入

水中的深度：h水===0.1m．故答案为：1000；0.1．【点评】本题考查了压强公式、阿基米德原理以及物体漂浮条件的应用，注意当物块刚好离开容器底时，物块受到的浮力等于物块重力．20．（2分）（2016

•威海）如图所示，电源电压为9V保持不变，小灯泡标有“6V3W”，滑动变阻器的最大阻值为24Ω，电流表的量程为0～3A．当开关S1、S2断开，S3闭合时，小灯泡恰能正常发光；那么当开关S1、S2、S3都闭合时，要保护电路各元件安全，R2的最小阻值是6Ω，分析开关和滑动变阻器的各

种变化情况，得出整个电路工作时消耗的最小功率是2.25W．【分析】（1）当开关S1、S2断开，S3闭合时，R1与L串联，小灯泡恰能正常发光，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，再根据欧姆定

律求出R1的阻值；当开关S1、S2、S3都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R2的最大电流，再根据欧姆定律求出R2的最小阻值；（2）根据欧姆定律求出灯泡的电阻，滑动变阻器的最大最早大于R1的阻值，当

滑动变阻器的最大阻值与灯泡L串联时电路消耗的功率最小，根据电阻的串联和P=求出整个电路工作时消耗的最小功率．【解答】解：（1）当开关S1、S2断开，S3闭合时，R1与L串联，因串联电路中各处的电流相等，且小灯泡恰能正常发光，所以，由P=UI可得，电路中的电流：I===0.5A，因串

联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R1两端的电压：U1=U﹣UL=9V﹣6V=3V，由I=可得，R1的阻值：R1===6Ω；当开关S1、S2、S3都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，通过R1的电流：I1===1.5A，当电流表的示数I大=3A时，通过R2的电流最大，R2接入电路中的电阻最小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，R2的最大电流：I2=I大﹣I1=3A﹣1.5A=1.5A，则R2的最小阻值：R2小==

=6Ω；（2）灯泡的电阻：RL===12Ω，当只闭合开关S1且滑片位于左端时，电路消耗的总功率最小，整个电路工作时消耗的最小功率：P小===2.25W．故答案为：6；2.25．【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，会判断电路中电阻最大时

的连接方式是关键．三、作图題（本題共2小题，21题2分，22题3分，共5分）21．（2分）（2016•威海）如图所示，A′B′是物体AB在平面镜中所成的像，根据平面镜成像的特点在图中画出平面镜（保留作图痕迹）．【分析】根据平面镜成像

特点可知平面镜所成的像和物体关于平面镜对称，可确定平面镜的位置．【解答】解：平面镜所成的像和物体是以镜面为对称轴的轴对称图形，连接AA′，BB′，做这两条线段的垂直平分线MN，即平面镜的位置．如图所示：【点评】平面镜成像的实质也是光的反射，像物等距的规律可帮助我们找到镜面的位置．22．（3分）（2

016•威海）请用笔画线代替导线，将图中的开关、灯泡和三孔插座正确接入家庭电路中．【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套．三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线

．【解答】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故．既能控制灯泡，又能更安全．三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；

右孔接火线．如图所示：【点评】家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性．三孔插座的接线原则：左零右火，中间接地．四、实验探究题（本题共3小题，23题6分，24题6分，25题7分，共19分）23．（6

分）（2016•威海）在探究热现象的实验中，小明用烧杯、试管、温度计、圆底烧瓶等器材进行了如下实验．（1）小明用图1甲所示的装置“探究冰熔化时温度的变化规律”，根据实验数据绘制了温度随时间变化的图象，如图1乙所示．该物质在BC段处

于固液共存（选填“固体”、“液体”或“固液共存”）状态，此过程中物质的内能增加（选填“增加”、“减少”或“不变”）；比较图乙中AB段与CD段可知，质量相同的冰和水在升高相同的温度时，加热时间不同，原因是比热容不同

．（2）小明用如图2甲所示的装置“探究水沸腾时温度变化的特点”，纸板上留有小孔的目的是为了使烧杯内外气压相同．实验中温度随时间变化的图象如图乙所示，分析FG段会发现水在沸腾过程中继续吸热但温度不变（请写出一条）．（3）小明用图3所

示的烧瓶将水加热至沸腾后，把烧瓶从火焰上拿开，水会停止沸腾．再迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，发现水又重新沸腾了，这是因为沸点随气压的降低而降低．【分析】（1）熔点是晶体熔化时的温度，晶体在熔化时保持熔点温度不变，处于固液共存状态；

冰熔化的时候继续吸热，温度不变，但内能增加；升温快慢与物质不同状态下的比热容有关．由Q=cm△t判断冰和水的比热容大小；（2）液体的沸点跟气压的大小有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低；水沸腾的特点：吸收热量，温度不变；（3

）水的沸点随着表面气压的降低而降低．【解答】解：（1）冰是晶体，由图象可知BC段表示冰处在熔化过程，所以是固液共存状态；冰融化过程中继续吸热，温度不变，内能增大；由图象可以看出，AB段与CD段的倾斜程度不同，可知升高相同的温度，水比冰用的时间长，吸热多．由Q=cm△t，

质量和升高温度相同时，水的比热容比冰的比热容大；（2）因为液体的沸点跟气压的大小有关，在“探究水沸腾时温度变化的特点”，纸板上留有小孔的目的是为了使烧杯内外气压相同；沸腾图象的FG段温度保持，是因为水沸腾时，继续吸热，

温度不变，因此继续加热水的温度不变；（3）在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，气体压强减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，因此，水会重新沸腾起来．故答案为：（1）固液共存；增加；比热容不同；（2）为了使烧杯内外气压相同；水在沸腾过程中继续吸热但温度不变；（3）沸点随

气压的降低而降低．【点评】本题考查了晶体的熔化和液体沸腾的特点，关键掌握晶体熔化和沸腾的条件和特点；同时还考查了水的沸点及与大气压之间的关系，是一道综合性较强的题目．24．（6分）（2016•威海）牛奶密度是检验牛乳

质量的一项重要指标，小明为了比较市场上两种不同品牌牛奶的密度，设计了如下实验：（1）通过观察比较牛奶的密度小明将一正方体塑料块先后放入两种牛奶中，让它漂浮在液面上，观察塑料块露出液面的体积，露出液面体积较大的牛奶的密度较大．又将压强计的金属盒先后放入两种牛奶中的同一深度，观察U形管液

面的高度差，高度差较大的牛奶的密度较大．（2）通过测量比较牛奶的密度小明利用弹簧测力计、烧杯、石块、细绳和水等物品来测量．其操作步骤是：①用弹簧测力计测出石块的重力为G；②将石块浸没在水中，弹簧測力计的示数为F1；③将石块浸没在水中，弹簧測力计的示数为F2（写出具体方法和要测出的物理量并用

字母表示）：④牛奶密度的表达式为ρ牛奶=ρ水（用测出物理量的字母表示，水的密度用ρ水表示）．【分析】（1）根据漂浮条件可确定塑料块受到的浮力大小关系，通过观察得出塑料块排开牛奶的体积关系，再根据阿基米德原理判断牛奶的密度关系；由液体

内部的压强规律可知，在深度相同时，液体的密度越大，其受到的压强也越大，由此可判断不同牛奶的密度大小．（2）利用题目中所方法测牛奶密度，遇到的关键困难是要解决如何测牛奶的体积，这里是借助了水来进行等效替代．因此，按照这一思路结合密度的公式可完成本

实验．【解答】解：（1）塑料块能漂浮在两种牛奶中，说明所受的浮力都等于塑料块自身的重力．根据浮力的公式F浮=ρ液gV排，谁的密度大，谁排开的液体体积就小，因此，露出液面体积较大的牛奶的密度较大；根据液体内部压强公式p=ρgh

，当金属盒在两种牛奶中的深度相同时，密度越大的牛奶，产生的压强越大，因此，压强计高度差较大的牛奶的密度较大．（2）③将石块浸没在水中，弹簧測力计的示数为F2；④根据阿基米德原理可知，石块在水中的浮力为F

浮水=G﹣F1=ρ水V排g，即V排=；石块在牛奶中的浮力为F浮牛奶=G﹣F2=ρ牛奶V排g，即V排=，所以有：=，化简得：ρ牛奶=ρ水．故答案为：（1）大；大；（2）③将石块浸没在水中，弹簧測力计的示数为F2；④ρ水．【点评】小华的两种方法巧妙地利用浮力和液体压强对两种牛奶的密度进行比较，都是学以

致用的好事例，只是这两种方法只能比较，并非测量，而且密度大小并不是判断牛奶优劣的唯一指标，我们应有选择地加以利用．25．（7分）（2016•威海）小明在“测量小灯泡电功率”的实验中，所用器材如下：两节干电池，电流表，电压表，滑动变阻器，额定电

压为2.5V的小灯泡，开关，导线若干．（1）用笔画线代替导线将图甲的电路连接完整（要求滑片向右移动小灯泡变亮）．（2）正确连接电路后，闭合开关发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，若电路中只有一处故障，这个故障可能是小灯泡短路．（

3）排除故障后小明继续实验，当电压表示数为2.1V时，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向B（选填“A”或“B”）端移动使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，则电流表的示数是0.3A，小灯泡的额定功率J是0.75W．（4）若将小灯泡换成定值电阻

，该电路还可进行的实验有探究通过导体电流与导体两端电压的关系（伏安法测电阻）（请写出一个）．【分析】（1）根据向右移动灯泡变亮说明电流变大，滑动变阻器电阻变小，靠近下接线柱；（2）根据电流表有示数说明电路中有短路，电压没有示数说

明是电压表中间部分短路；（3）要测量额定电压说明灯泡电压要增大，根据串联分压滑动变阻器电压变小则电阻变小，根据电流表量程读出电流，根据P=UI计算电功率；（4）初中电学实验、探究电流与电压、电阻的关系，测量小灯泡电功率、伏安法测电阻电路图都基本一样．【解答】解：（1

）向右移动灯泡变亮，滑动变阻器电阻变小，接B接线柱，电压表选择小量程并联灯泡两端，如图所示：（2）电流表有示数，电压表无示数，电压表中间短路则小灯泡短路；（3）灯泡额定电压2.5V，需要灯泡两端电压变大，

滑动变阻器电压变小，电阻变小所以应该向B端滑动．电流表示数I=0.3A，P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；（4）换成定值电阻以后可以研究电阻一定，电流与电压的关系和测量定值电阻的阻值（伏安法测电阻）．故答案为：（1）如图所示；（2）小灯泡短路；（3）B；0.3A；0.75W

；（4）电流与电压的关系（伏安法测电阻）．【点评】本题考查了“测量小灯泡电功率”的实验，涉及到实物电路图的连接、电流表的读数、电路故障的判断、电功率的计算和典型电学电路图的应用等，要注意电压表的量程要根据灯泡的额定电压确定．五、综合计算题（本题共3小题，26题7分、27题

8分，28题9分，共24分.要求写出必要的文字说明、单位、重要的公式及主要的运算过程，只写出结果的不得分）26．（7分）（2016•威海）按照规定，我国载货车辆的轮胎对地面的压强应控制在7×105Pa以内．某型号货车部分参数如表所示．王师傅在执行一次运输任务时，开着装满沙子的货车在一段平直

的公路上匀速行驶15km．（g取10N/kg，沙子的密度为2.4×103kg/m3，燃油的热值为4.5×107J/kg）自重6×104N车轮个数10每个轮胎触地面积3×10﹣2m2车厢容积10m3请解答该货车在本次运输过程中的下列问题：（

1）通过计算判断该货车是否超载？（2）货车在这段公路上行驶时所受阻力为车总重的0.02倍，这段时间内货车牵引力所做的功是多少？（3）货车在这一过程中消耗燃油4kg，其热机效率是多少？【分析】（1）知道装满沙子的体积

，利用m=ρV求装满沙子时沙子的质量；利用G=mg求沙子的重力；车对路面的压力等于车和沙子的总重，求出受力面积，利用p=求车对路面的压强，和所控制的最大压强比较得出该货车是否；（2）利用f=0.02G求货车受到的阻力，由于货车匀速行驶，货车牵引力和受到的阻力是一对平衡力，大

小相等，利用W=Fs求牵引力做功；（3）知道燃油的质量和热值，利用Q放=mq求燃油完全燃烧放出热量，热机效率等于牵引力做的功与燃油完全燃烧放出热量之比．【解答】解：（1）由ρ=得装满沙子时沙子的质量：m沙子=ρ沙子V=2.4

×103kg/m3×10m3=2.4×104kg，沙子的重力：G沙子=m沙子g=2.4×104kg×10N/kg=2.4×105N；车对路面的压力：F=G总=G车+G沙子=6×104N+2.4×105N=3×105N，受力面积S=10×3×10﹣2m2=0.3m2，车对路面的压强：p==

=1×106Pa，因为1×106Pa＞P最大=7×105Pa，所以该货车已经超载；（2）货车受到的阻力：f=0.02G总=0.02×3×105N=6000N，因为货车匀速行驶，所以货车的牵引力：F=f=6000N，牵引力做功：W=Fs=6000N×15×100

0m=9×107J；（3）燃油完全燃烧放出的热量：Q放=mq=4kg×4.5×107J/kg=1.8×108J，货车的热机效率：η==×100%=50%．答：（1）该货车已经超载；（2）这段时间内货车牵引力所做的功是9×107J；（3）货车在这一过程中消耗燃油4kg，其热机效率

是50%．【点评】本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、压强公式、效率公式、燃料完全燃烧放热公式和二力平衡条件的应用，计算时注意单位统一．27．（8分）（2016•威海）如图是某型号电动轮椅工作原

理示意图．开关S1和S2由绝缘操纵杆控制，能同时接“1”或接“2”，向前推操纵杆时轮椅前进且能调速，向后拉操纵杆时轮椅以恒定速度后退．已知蓄电池的电压为24V保持不变，R2的阻值为10Ω，电动机的额定功率为100W，额定电压为24V

．请解答下列问题：（1）当开关S1和S2同时接1时，电动轮椅前进；电动轮椅既能前进又能后退，是因为电动机线圈中电流的方向能够改变．（2）当电动轮椅后退时，电流表示数为1A，此时电动机的实际功率是多少？（3）当电动机以额定功率工作时，电动轮椅在水

平路面上匀速前进的速度为2m/s，若此时电动机消耗的电能有75%转化为电动轮椅前进的机械能，此时电动轮椅受到的阻力是多大？【分析】（1）轮椅前进且能调速，故前进电路中应有可以控制电路中的电流的装置，即应有滑动变

阻器且与电动机串联；轮椅后退时，轮椅以恒定速度后退，即电动机应与R2串联．（2）当轮椅后退时，由电路图可知电机与R2串联，则由欧姆定律可得出R2两端的电压，则由串联电路的电压规律可得出电动机两端的电压，则由功率公式P=

UI可得出电动机的实际功率；（3）已知电动机的额定功率及电阻消耗的功率，则可求得电动机的输出功率，由功率公式P===Fv可求得牵引力，则由二力平衡可得出轮椅受到的阻力．【解答】解：（1）由题轮椅前进且能调速，故前进电路中应有可以控制

电路中的电流的装置，即滑动变阻器且与电动机串联在电路中．由电路图可知，此时开关S1和S2都接1；轮椅后退时，轮椅以恒定速度后退，即电动机应与R2串联，此时电流方向与前进时相反，由电路图可知，此时开关S1和S2都接2．则电动轮椅

既能前进又能后退，是因为电动机线圈中电流的方向能够改变．（2）当开关接1、2时，R2与电动机串联，由欧姆定律可得：电阻R2两端的电压为：U2=IR2=1A×10Ω=10V则由串联电路的电压规律可得：电动机两端的电压为：U电=U﹣U

2=24V﹣10V=14V，则电动机的实际功率为：P实=U电I=14V×1A=14W；（3）电动机的机械功率P机=P0η=100W×75%=75W，由P===Fv可得，牵引力F牵===37.5N，因为匀速运动，

故阻力f=F牵=37.5N．答：（1）1；方向；（2）此时电动机的实际功率是14W；（3）此时电动轮椅受到的阻力是37.5N．【点评】本题应注意通过审题找出题目中隐含的信息，同时注意对电路的分析能力，灵活应用欧姆定律及串联电路的电压规律求解．28．（9分）（2016•威海）如图是利用电子秤显示

压力大小反映水箱水位变化的装置示意图．该装置由滑轮C，长方体物块A、B以及杠杆DE组成．物块A通过细绳与滑轮C相连，物块B放在电子秤上并通过细绳与杠杆相连．杠杆可以绕支点O转动并始终在水平位置平衡，且DO：OE=1：2，已知物块A的密度为1.5×103kg/m3，底面积为0.04m2，高1m，物块

A的上表面与水箱顶部相平，物块B的重力为150N．滑轮与轴的摩擦、杠杆与轴的摩擦以及滑轮、杠杆和绳的自重均忽略不计（g取10N/kg，水的密度为l.0×lO3kg/m3）．请解答下列问题：（1）当水箱装满水时，物块A的下表面受到水的压强是

多大？此时物块A所受的拉力是多大？（2）从水箱装满水到水位下降lm，电子秤所显示的压力示数变化范围是多少？【分析】（1）当水箱装满水时，上表面与顶部相平，物体的高度就是下表面的深度，对物体A受力分析可以求出物体A所受拉力．（2）分别求出装满

水和全部露出水面时对应D点的拉力，根据杠杆平衡条件求出作用在B点的拉力，对B受力分析可以得到B对电子秤的压力．【解答】解：物体A下表面收到水的压强P=ρ水gh=l.0×lO3kg/m3×10N/kg×1m=1×104Pa物体A的体积：VA=Sh=0

.04m2×1m=0.04m3浸没：V排=VA=0.04m3物体A受到浮力：F浮=ρ水gV排=l.0×lO3kg/m3×10N/kg×0.04m3=400N物体A受到重力：GA=ρAgVA=l.5×lO

3kg/m3×10N/kg×0.04m3=600N物体A的拉力：F=GA﹣F浮=600N﹣400N=200N（2）当物体A全部浸没时：对D点拉力：FD═由杠杆平衡条件：FD×D0=FB×OE得：FB═电子

秤示数：F压=GB﹣FB=150N﹣50N=100N当水位下降到1m时，即物体A全部露出水面时对D点拉力：FD=由杠杆平衡条件：FD×D0=FB×OE得：FB=电子秤示数：F压=GB﹣FB=150N﹣150N=0N所以水箱装满水到下降1m，电子秤示数变化范围0N～100N答：（1）当水箱装满水时

，物块A的下表面受到水的压强是1×104Pa，此时物块A所受的拉力是200N．（2）从水箱装满水到水位下降lm，电子秤所显示的压力示数变化范围是0N～100N．【点评】本题考查了液体压强、浮力、杠杆、滑轮，是一道力学综合试题．获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xia

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