【文档说明】湖北省黄冈市2022-2023学年高三上学期9月调研考试 物理试题 含答案.docx，共(19)页，3.984 MB，由envi的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-26bdb32040ddc5a07c9abb63fa3b832a.html

以下为本文档部分文字说明：

黄冈市2022年高三年级9月调研考试物理试题黄冈市教育科学研究院命制本试卷共6页，16题。全卷满分100分。考试用时75分钟。★祝考试顺利★注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形

码粘贴在答题卡上的指定位置。2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4.

考试结束后，请将答题卡上交。一、选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~11题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.扫地机器人因操作简单、使用方便，已逐渐走进了人们的生活。

某次清扫过程中，主人9时35分在A处启动扫地机器人，10时05分在B处完成清扫工作，其规划清扫路线如图所示。数据表明：机器人清扫路线的总长度为72m，A、B的距离约为18m。下列说法正确的是（）A.“9时35分”表示时间，“10时05分”表示时刻B.研究清扫路径时，不能将机器人

视为质点C.机器人在该过程中的位移大小为72mD.机器人在该过程中的平均速度大小约为0.01m/s【答案】D【解析】【详解】A．题中“9时35分”与“10时05分”均表示时刻，故A错误；B．研究清扫路径时，机器人的大小和形状可以忽略，可以看成质点，

故B错误；C．位移是初位置指向末位置的有向线段，机器人在该过程中的位移大小为18m，故C错误；D．机器人在该过程中的平均速度大小约为18m/s0.01m/s3060xvt===故D正确。故选D。2.车载磁性手

机支架安装在校车驾驶室前端水平平台上，如图所示，支架上的强磁铁与粘在手机背面的引磁片紧紧吸附在一起，使手机处于倾斜状态随车沿水平直线道路前进。下列说法正确的是（）A.手机（含引磁片）受到4个力的作用B.支架对手机（含引

磁片）的作用力一定竖直向上C.增大手机与水平面夹角，支架对水平平台的压力大小不变D.前进的速度越快，手机（含引磁片）受到的摩擦力越大【答案】C【解析】【详解】A．若汽车匀速行驶，手机受重力，支架对手机的磁场力，支架对手机的支持力以及支架对手机的摩擦力，共四个力的作用

，若汽车加速行驶或减速行驶，则摩擦力可能为零，故A错误；B．若汽车匀速行驶，支架对手机（含引磁片）的作用力与重力的方向大小相对，方向相反，一定竖直向上，若汽车加速行驶或减速行驶，则支架对手机（含引磁片）的作用

力不是竖直向上，故B错误；C．无论汽车是否处于平衡状态，竖直方向支架和手机组成的系统处于平衡状态，支架对水平平台的压力大小始终等于支架和手机的重力，与手机与水平面夹角无关，故C正确；D．手机（含引磁片）受到的摩擦力与速度没有关系，与汽车的加速度有关，故D错误

。故选C。3.如图所示为某质点由静止开始沿直线运动的a-t图像，下列说法正确的是（）A.质点在8s末回到了出发点B.质点8s末时速度大小为0C.质点在前4s内的平均速度大小为6m/sD.在2～6s内，质点做匀减速直线运动【答案】B【解析】【详解】A．质点前4s加速度与速度方向相同

，向正方向做加速运动，后4s加速度与速度方向相反，向正方向做减速运动，在8s内一直向正方向运动，A错误；B．图像正面积表示质点增加的速度，负面积表示质点减少的速度，正面积和负面积数值相等，所以质点8s末时速度大小为0，B正确；C．质

点在4s末的速度为()41244m/s12m/s2v=+=如果质点在前4s内做匀加速直线运动，前4s内的平均速度为012m/s6m/s2v+==因为质点在前4s内先做匀加速运动，后做加速度减小的加速运动，其位移一定大于做匀加速运动

的位移，所以其平均速度一定大于6m/s，C错误；D．在2～4s内，质点的加速度与速度方向相同，质点做加速直线运动，4～6s内，加速度与速度方向相反，质点做减速直线运动，D错误。故选B。4.如图所示，小朋友在平直的跑道上，通过轻绳拖着轮胎进行比赛。当小朋友拉着轮胎加速向前跑动时

，下列说法正确的是（）A.小朋友对绳的拉力大小一定大于轮胎对绳子的拉力大小B.小朋友、轻绳及轮胎整体所受合外力为零C.绳子对小朋友的拉力大小可能等于地面对小朋友的摩擦力大小D.绳子对轮胎的拉力大小可能等于地面对轮胎的摩擦力大小【答案】C【解析】【详解】A．绳子的质量与小朋友和轮胎相比

可以忽略不计，根据牛顿第二定律，小朋友对绳的拉力大小等于轮胎对绳子的拉力大小，A错误；B．小朋友、轻绳及轮胎整体做加速运动，根据牛顿第二定律，整体所受合外力不为零，B错误；C．根据牛顿第二定律得111cosfFma−=绳子对小朋友的拉力F1大小可能等于地面对小朋友的摩擦力f1大小，C

正确；D．根据牛顿第二定律得222cosFfma−=绳子对轮胎的拉力大小F2大于地面对轮胎的摩擦力f2大小，D错误。故选C。5.如图所示，一重力大小为G的均质小球悬挂在A、B两轻质弹簧下处于静止。弹簧A，B轴线均在竖直平面内并相交于球心O，两弹簧轴线与竖直墙面的夹角分别为37、45。取

sin370.6=、cos370.8=。下列说法正确的是（）A.弹簧A中弹力大小等于5GB.弹簧A中弹力大小等于32GC.弹簧B中弹力大小等于52GD.弹簧B中弹力大小等于10G【答案】A【解析】【详解】设弹簧A的弹力大小为AF，弹簧B的弹力大小为BF，对小球由平衡条件：水平方向可得BAs

in45sin37FF=可知ABFF可知弹簧A的弹力为拉力，弹簧B的弹力为支持力，竖直方向根据平衡条件可得BAcos45cos37FGF+=联立解得A5FG=B32FG=故选A。6.在2022年北京冬奥会精彩的开幕式上，表演者手持各国国旗从体育场的圆周顶棚从

天而降，动感壮观。他们分别从圆周顶棚的A、B、C、D、E、F点，由静止开始沿光滑、两端固定的钢索滑到场地的P区表演，其中A处钢索竖直，如图所示，顶棚的圆周平面与地面平行，下列对表演者从顶棚滑到P区的分析，

正确的是（）A.所有表演者滑到P区时的速度大小一定不相等B.所有表演者滑到P区所用的时间一定相等C.D处表演者滑到P区所用的时间最短D.A处表演者滑到P区所用的时间最短【答案】D【解析】【详解】BCD．每个表演者所经过的路径可以看成一个斜面

，斜面的高度都相同，只是倾角不同，类似的模型如图所示设其中某一光滑斜面的倾角为，高为h，根据牛顿第二定律sinmgma=可得加速度sinag=斜面长sinhL=根据运动学公式可得212Lgt=联立可

得22sinhtg=见，倾角越大，时间越短，越小，经过的时间越长，故D正确，BC错误；A．所有表演者滑到P区时的速度大小2vatgh==与倾角无关，都相等，故A错误。故选D。7.如图所示，一小物块以初速度v滑上水平传送带的左端，最后恰好停在传送带右端，已知该过程中传送带一直保持静止

不动，传送带两端水平间距为ns（n为整数）。在从左端算起的第k个s段（k为不为零的自然数，且kn），物块滑动时间为kt。下列说法正确的是（）A.2[(1)()]kstnnknnkv=−+−−B.2[()(1)]kstnnknnk

v=−−−−C.若传送带顺时针转动，物块以速度v滑上传送带，则物块滑到传送带右端时速度为零D.若传送带逆时针转动，物块以速度v滑上传送带，则物块一定从传送带右端滑离传送带【答案】A【解析】【详解】AB．设小物块在

传送带上的加速度为a，根据运动学公式可得202vans−=−解得22vans=根据运动学公式可得22212ksvtat=−2111(1)2ksvtat−=−则21kttt=−联立解得2[(1)()]kstnnknnkv=−+−−故A正确，B错误；C．若传送带顺时针转动，若传送带速

度大于v，物块先做加速运动，到达传送带右端的速度可能与传送带速度相等，还可能在加速度过程中就到达传送带右端，若传送带速度小于v，物块先做减速运动，到达传送带右端的速度可能与传送带速度相等，还可能在减速

过程中就到达传送带右端，但不可能为零，故C错误；D．若传送带逆时针转动，物块做减速运动，若物块速度减速到零时未到达传送带右端，然后随着传送带反向运动，物块将从传送带左端滑离传送带，故D错误。故选A。8.下列有

关物理问题的思想与方法说法中，正确的是（）A.通过平面镜反射光线的偏移观察桌面微小形变的实验中，利用了极限思维法B.探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量法C.伽利略通过“斜面实验”来研究落体运动规律

，是采用了等效替代法D.根据速度定义式xvt=，当t非常小时，xt就可以表示物体的瞬时速度，是采用了极限思维法【答案】BD【解析】【详解】A．通过平面镜反射光线的偏移观察桌面微小形变的实验中，利用了微小量放大法，选项A错误；B．探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量

法，选项B正确；C．伽利略通过“斜面实验”来研究落体运动规律，是采用逻辑推理法，选项C错误；D．根据速度定义式xvt=，当t非常小时，xt就可以表示物体的瞬时速度，是采用了极限思维法，选项D正确。故选BD。9.甲、乙两车在平直公路上行驶，甲车在前，乙车在后，

初始时刻甲、乙相距35m，两车运动的v-t图像如图所示。下列判断正确的是（）A.甲、乙两车在变速阶段的加速度大小之比为2∶3B.甲、乙两车不可能相遇C.甲、乙两车能相遇两次D.7st=时，甲、乙两车相遇【答案】AD【解析】【详解】A．甲、乙两车在变速阶段的加速度大小之比为102

51234aa==甲乙A正确；BCD．7st=时，甲、乙两车的位移分别为1510m25m2x==甲()3712m60m2x+==乙两车的位移差为35mxxx=−=乙甲7st=时，两车相遇。此时甲车静止，乙车向前运动，所以两车只能相遇一次。BC错误，D正确。

故选AD。10.如图所示，轻弹簧下端固定于竖直放置的圆环上C点，另一端连接有两根细线。当两根细线的另一端分别连接在圆环的A、B两点时，细线与弹簧的结点恰好在圆环的圆心O处。此时OC⊥OA，OB、OC夹角为θ（90180）。现将细线在圆环上的A、B结点

沿逆时针方向同时以相同的速率缓慢移动，直至细线原来在A处的结点移动到D处（CD连线为圆环直径）。在细线移动过程中，下列说法正确的是（）A.细线OA的拉力一直增大B.细线OB的拉力一直减小C.细线OA的拉力先增大后减小D.细线OB的拉力先减小后增大【答案】B

C【解析】【详解】AC．如图所示，根据正弦定理得sinsinsinOAOBOCFFF==因为细线在圆环上的A、B结点沿逆时针方向同时以相同的速率缓慢移动，所以θ不变；因为O点不动，所以FOC大小不变；因为α从钝角变为锐角，当90=时，FO

A最大，所以细线OA的拉力先增大后减小，A错误，C正确；BD．根据sinsinsinOAOBOCFFF==因为β从90°变为钝角，所以FOB一直减小，B正确，D错误。故选BC。11.如图所示，倾角为37的斜面放在水平地面上，一小

滑块从斜面底端A冲上斜面，到达最高点D后又返回A点，斜面始终保持静止。已知滑块上滑经过ABBCCD、、的时间相等，且BC比CD长1.2m，上滑时间为下滑时间的一半。下列说法正确的是（）A.在冲上斜面过程中，滑块处于失重状态B.地面对斜面

的摩擦力先向左后向右C.斜面长为5.4mD.滑块与斜面间的动摩擦因数为0.45【答案】ACD【解析】【详解】A．冲上斜面过程中，物块加速度沿斜面向下，加速度有竖直向下的分量，滑块处于失重状态，故A正确；B．滑

块不论是上滑过程还是下滑过程，加速度始终沿斜面向下，对系统应用牛顿第二定律可知，系统在水平向左的方向上存在向左分加速度，所以地面对斜面的静摩擦力始终水平向左，故B错误；C．假设CD长度为x，小滑块从低端上升至顶端的过程减速至0，逆过程视为初速度为零的匀

加速直线运动，根据连续相等时间位移的规律可知BC长度为3x，AB长度为5x，根据题意31.2mxx−=解得0.6mx=斜面总长990.6m5.4mLx===D．设上滑过程中时间为1t，上滑过程中，根据牛顿第二定律可得1s

in37cos37mgmgma+=根据运动学公式得21112atL=下滑过程中，根据牛顿第二定律可得2sin37cos37mgmgma−=根据运动学公式22212atL=根据题意可得212tt=联立解得0.45=故D正确。故选ACD。二、非选择题：本题共5小题，共56

分。12.如图1所示，是“探究两个互成角度的力的合成规律”实验装置图，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细线的结点，OB和OC为细线。实验时，第一步用两只弹簧测力计同时拉OB和OC；第二步只用一只弹簧测力计拉OB，此时弹簧

测力计示数如图2所示。（1）图2中弹簧测力计读数为___________N；（2）对该实验，下列说法正确的是___________；A.第一、二步操作中必须将橡皮条与细线的结点拉到相同位置B.第一步操作中，应使两弹簧测力计的夹角尽量等于90C

.第一步操作中，必须将两弹簧测力计都拉到相同刻度（3）图3中有甲、乙两位同学在该实验时所作图示，其中符合实验事实的是___________。（填“甲”或“乙”，其中力F表示只用一个弹簧测力计拉橡皮条时的拉力）【答案】①

.2.10②.A③.甲【解析】【详解】（1）[1]有图可知，该弹簧测力计的分度值为0.1N，需估读到分度值的下一位，其读数为2.10N；（2）[2]A．在白纸上标下第一步橡皮条和绳的结点的位置，第二步将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，表明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效，

故A正确；B．实验中，拉力1F和2F的夹角在60~100范围内为宜，不需要保持某一固定值，故B错误；C．第一步操作中，两个弹簧的弹力不需要相等，故C错误；故选A。（3）[3]用平行四边形定则求出的合力可以与橡皮条拉力

的方向有偏差，但用一只弹簧测力计拉结点的拉力与橡皮条拉力一定在同一直线上，故甲图符合实验事实。13.某同学利用如图甲所示的实验装置，测量物块与水平桌面之间的滑动摩擦因数，物块在钩码释放后由静止开始运动，从纸带上某点开始，每5个点取1个计数点，相邻两计数点间的距离如图乙所示。当地重力加速度为g，交

流电的频率为50Hz。（1）关于本实验，下列说法正确的有___________；A.实验开始时应先接通打点计时器的电源再释放物块B.需要分别测出物块质量和钩码质量C.需要保证钩码质量远小于物块质量D.实验中必须平衡摩擦力（2）通过纸带数据可求得物块的加速度大小=a___

________2m/s（结果保留三位有效数字）；（3）实验测得钩码的质量为m，物块的质量为M，则物块与水平桌面之间的滑动摩擦因数=___________（结果用a、g、m、M表示）；（4）本实验中

，滑动摩擦因数的测量值___________真实值（填“大于”“等于”“小于”）。【答案】①.AB##BA②.5.60③.()mgMmaMg−+④.大于【解析】【详解】（1）[1]A.为了充分利用纸带实验开始时应先接通打点

计时器的电源再释放物块，故A正确；B.根据纸带求出的加速度是钩码和物块组成的系统的加速度，故需要需要分别测出物块质量和钩码质量，故B正确；CD.本实验不需要用重物的重力代替物块所受的拉力，故不需要满足重物质量远小于物块质量，故CD错误。故选AB。（2）[2]根据题意可知，纸带上相邻计数

点的时间间隔50.02s0.1sT==由逐差法可得222(20.0025.5831.19)(3.208.8114.40)10m/s5.60m/s90.01a−++−++=（3）[3]根据牛顿第二定律可得)mg

MgMma−=+（解得()mgMmaMg−+=（4）[4]由于空气阻力、纸带与打点计时器之间的摩擦阻力影响，导致本实验中，滑动摩擦因数的测量值大于真实值。14.某同学在操场上练习跑步，他的跑步过程可简化为：从静止开始

以21.5m/s的加速度匀加速奔跑了4s，随后匀速奔跑了6s，接着匀减速跑动，直至停下来。已知该同学全程均沿直线跑动，共跑了66m。求：（1）该同学运动的最大速度值；（2）该同学匀减速运动时的加速度大小

。【答案】（1）6m/s；（2）21m/s【解析】【详解】（1）依题意可知，设该同学的匀加速阶段加速度大小为1a，加速时间为1t，则vat=代入数据解得6m/sv=（2）设该同学匀加速段位移1x，匀速段位移2x，匀减速段位移3x，由运动学方程有211112xat=22xvt=22302va

x−=312xsxx=−−可得221m/sa=15.2022年4月16日，我国航天员翟志刚、王亚平，叶光富搭乘神舟十三号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。在着陆阶段，主降落伞打开后主降落伞和返回舱的运动过程简化如下：阶段Ⅰ，主降落伞和返回

舱沿竖直方向减速下降：阶段Ⅱ，以速度0v匀速下降；阶段Ⅲ，当返回舱离地面h高时，返回舱的反推发动机启动，返回舱沿竖直方向匀减速下降，着地前瞬间速度恰好为零。已知上述过程中，主降落伞受到空气阻力大小与其速度大小成正比，忽略其他阻力，主降落伞质量

不计，返回舱（含航天员）总质量为m，重力加速度为g。（1）在阶段Ⅰ中，当主降落伞和返回舱的速度大小为1v时，求它们的加速度大小；（2）若连接降落伞与返回舱间的n根等长轻绳均匀分布，轻绳与竖直方向的夹角均为，求阶段Ⅱ中每根轻绳的拉力大小；（3）在阶段Ⅲ中，若在反推发动机

启动后，降落伞与返回舱之间的轻绳处于松弛状态，求反推发动机产生的推力大小。【答案】（1）100vvgv−()；（2）cosmgn；（3）202mvmgh+【解析】【详解】（1）在阶段I，对主降落伞和返回舱（含航天员）有1mgkvm

a−=在阶段II，对主降落伞和返回舱（含航天员）有0kvmg=解得100)vvgav−=(（2）在阶段II，对返回舱（含航天员）有cosnTmg=解得cosmgTn=（3）在阶段III，主降落伞和返回舱

匀减速至零，由匀变速运动规律可知20202vah−=−对返回舱（含航天员）受力分析可知2Fmgma−=有202mvFmgh=+16.如图所示，小滑块A（可视为质点）静止在长木板B的左端，现给滑块A一个水平向右的初速度4m/sv

=，最终滑块A刚好未从木板B上滑出。已知滑块A和木板B的质量均为2kg，A、B间的动摩擦因数10.3=，B与水平地面间的动摩擦因数20.1=，设最大静摩擦力均等于滑动摩擦力，重力加速度g取210m/s。（1）求滑块A开始在木板B上滑

动时，木板B的加速度大小；（2）求木板B的长度L；（3）当滑块A刚好滑至木板B右端时，给木板B施加一个水平向右的拉力26NF=，同时在木板B上轻一个和A完全一样的小滑块C。若拉力F作用1s后撤除，滑块C刚好不从

木板B上滑下，求滑块C放上木板B时与木板B左端的距离d。【答案】（1）1m/s2；（2）2m；（3）1.70m【解析】【详解】（1）在A、B相对运动过程中，对滑块B有()1A2ABBB1mgmmgma−+=解得2B11m/sa=（2）设

A、B相对运动过程中，经t时间A、B达到相等速度v1，滑块A的加速度大小为a，对滑块A有1AAmgma=A、B共速有1B1vvatat=−=木板B的长度22B11122Lvtatat=−−解得2mL=（3）设放上滑块C后，设木板B的加速度大小为

aB2，C的加速度大小等于A的加速度大小a，对B有1AC2ABCB2Fmmgmmmgma−+−++=()()解得2B24m/sa=力F作用11st=过程中，C在B上的相对位移2211B21111122svtatat=+−相13m2s=相撤

掉力F作用后：对B有1AC2ABCBB3mmgmmmgma++++=()()2B39m/sa=A、B、C相对滑动过程中，设经时间t2，A、B达到相等速度2v，有2121B32112()Bvvatat

vatat=+−=++()解得21s12t=217m/s4v=t2时间内B、C的相对位移1B21211222222vatvatatatstt++++=−相（）21m8s=相此后A、B一起匀减速，C匀加速经

时间t3后A、B、C达到相等速度3v，对A、B有()()1C2ABCAB3mgmmmgmma+++=+233m/sa=对A、B有3233123vvatatatat−++==解得31s6t=315m/s4v=t3时间内

B、C的相对位移有2312333322vvatatvstt+++=−相31m12s=相最后A、B、C一起匀减速至静止，B、C间没有相对滑动，C刚好滑至B左端。全程相对运动中B、C间总相对滑动123ssss=++相相

相相物块C放上木块B时距离木板B左端间距41m1.70m24ds==相获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com