【文档说明】《青海中考真题数学》2022年青海省中考数学真题（解析）.pdf，共(25)页，640.116 KB，由envi的店铺上传

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青海省2022年初中学业水平考试数学一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的）.1.下面用数学家名字命名的图形中，既是轴对称图形，又是中心对称图形的是（）A.赵爽弦图B.笛卡尔心形线C.科克曲线D.斐

波那契螺旋线【答案】C【解析】【分析】根据轴对称图形和中心对称图形的定义即可作答．【详解】A.是中心对称，但不是轴对称；不符合题意；B.是轴对称，但不是中心对称；不符合题意；C.既是轴对称，也是中心对称；符合题意；D.既不是轴对称，也不是中心对称；不符合题意；

故选：C【点睛】本题主要考查了轴对称图形和中心对称图形的定义，熟练地掌握定义并能够区分轴对称图形和中心对称图形是解题的关键．2.下列说法中，正确的是（）A.若acbc，则abB.若22ab，则ab

C.若abcc，则abD.若163x，则2x【答案】C【解析】【分析】直接利用等式的基本性质以及结合绝对值的性质分析得出答案．【详解】解：A、若ac=bc，当c≠0，则a=b，故此选项错误；B、若22ab，则ab，故

此选项错误；C、若abcc，则ab，故此选项正确；D、若163x，则18x，故此选项错误；故选：C．【点睛】本题主要考查了等式的基本性质，正确把握等式的基本性质是解题关键．3.下列运算正确的是（）A.235347xxxB.222xyxyC.2232394xxx

D.224212xyxyxyy【答案】D【解析】【分析】根据合并同类项，完全平方公式，平方差公式，因式分解计算即可．【详解】A.选项，3x2与4x3不是同类项，不能合并，故该选项计算错误，不符

合题意；B.选项，原式=2222xyxxyy，故该选项计算错误，不符合题意；C.选项，原式=249x，故该选项计算错误，不符合题意；D.选项，原式=212xyy，故该选项计算正确，符合题意；故选：D．【点睛】本题考查了合并同

类项，完全平方公式，平方差公式，因式分解，注意完全平方公式展开有三项是解题的易错点．4.已知方程x2+mx+3=0的一个根是1，则m的值为（）A.4B.﹣4C.3D.﹣3【答案】B【解析】【详解】解：把x=1代入x2+mx+3=0得：

1+m+3=0，解得m=﹣4．故选B．5.如图所示，22,0A，32AB，以点A为圆心，AB长为半径画弧交x轴负半轴于点C，则点C的坐标为（）A.32,0B.2,0C.2,0D.32,0【答案】C【解析】【分析】先求得OA的长，从而求出OC的长

即可．【详解】解：∵22,0A，∴OA=22，∵32AB，以点A为圆心，AB长为半径画弧交x轴负半轴于点C，∴32ACAB，∴32222OCACOA，∵点C为x轴负半轴上的点，∴C2,0，故选：C．【点睛】本题主要考查了坐标与图形的性质，勾股定理等知识，明确AB=AC是

解题的关键．6.数学课上老师用双手形象的表示了“三线八角”图形，如图所示（两大拇指代表被截直线，食指代表截线）.从左至右依次表示（）A.同旁内角、同位角、内错角12BCB.同位角、内错角、对顶角C.对顶角、同位角、同旁内

角D.同位角、内错角、同旁内角【答案】D【解析】【分析】两条线a、b被第三条直线c所截，在截线的同旁，被截两直线的同一方，把这种位置关系的角称为同位角；两个角分别在截线的异侧，且夹在两条被截线之间，具有

这样位置关系的一对角互为内错角；两个角都在截线的同一侧，且在两条被截线之间，具有这样位置关系的一对角互为同旁内角．据此作答即可．【详解】解：根据同位角、内错角、同旁内角的概念，可知第一个图是同位角，第二个图是内错角，第三个图是同旁内角．故选：D．【点睛】本题

考查了同位角、内错角、同旁内角，解题的关键是掌握同位角、内错角、同旁内角，并能区别它们．7.如图，在RtABC△中，90ACB，D是AB的中点，延长CB至点E，使BEBC，连接DE，F为DE中

点，连接BF.若16AC，12BC，则BF的长为（）A.5B.4C.6D.8【答案】A【解析】【分析】利用勾股定理求得20AB；然后由直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半求得CD的长度；结合题意知线段BF是CDE△的中位线，则12BFCD．【详解】解：在RtABC△中，90ACB，

16AC，12BC，2222161220ABACBC．又CD为中线，1102CDAB．F为DE中点，BEBC即点B是EC的中点，BF是CDE△的中位线，则152BFCD．故选：A．【点睛】本题主要考查了勾股定理，三角形中位线定理，直角三角形斜边上的中线，利用直角三

角形的中线性质求出线段CD的长度是解题的关键．8.2022年2月5日，电影《长津湖》在青海剧场首映，小李一家开车去观看.最初以某一速度匀速行驶，中途停车加油耽误了十几分钟，为了按时到达剧场，小李在不违反交通规则的前提下加快了速度，仍保持匀速行驶.在此行驶过程中，汽车离剧场的距离y（千米）与行驶

时间t（小时）的函数关系的大致图象是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】首先看清横轴和纵轴表示的量，然后根据实际情况：汽车行驶的路程y与行驶的时间t之间的关系进行判断即可．【详解】解：由题意可得函数图像分为三段：第一段由

左向右呈下降趋势，第二段与x轴平行，第三段由左向右呈下降趋势，且比第一段更陡，故选项B符合，随着时间的增多，汽车离剧场的距离越来越近，即离x轴越来越近，排除A、C、D；故选：B．【点睛】此题主要考查了函数图象，解题的关键是根据函数图象的性质分析

得出函数的类型和所需要的条件，结合实际意义得到正确的结论．二、填空题（本大题共12小题，每小题2分，共24分）.9.－2022的相反数是______．【答案】2022【解析】【详解】解：2022的相反数是2022．【点睛】本题考查相反数的定义，只有符号不同的两个数互为相反数，熟练掌握该知

识点是解题关键．10.若式子11x有意义，则实数x的取值范围是______.【答案】1x【解析】【分析】根据分式有意义的条件：分母不等于0，以及二次根式有意义的条件：被开方数为非负数，即可求解．【详解】由题意得：

1010xx解得：1x故答案为：1x【点睛】本题主要考查了分式有意义的条件和二次根式有意义的条件．熟练的掌握分式分母不等于0以及二次根式的被开方数为非负数是解题的关键．11.习近平总书记指出“善于学习，就是善于进步

”.“学习强国”平台上线的某天，全国大约有124600000人在平台上学习，将这个数据用科学记数法表示为______.【答案】81.24610【解析】【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10

，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值≥10时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．【详解】解：124600000=81.24610，故答案为：81.2461

0．【点睛】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．12.不等式组24063xx的所有整数解的和为______.【答案】0

【解析】【分析】首先解每个不等式，两个不等式的解集的公共部分就是解集的公共部分，然后确定整数解，然后将各整数解求和即可．【详解】解：解不等式240x，得：x≥﹣2，解不等式63x，得：x＜3，则不等式组的解集为﹣2≤x＜3，所以不等式组的所有整数解的和为﹣2﹣1+0+1+

2＝0，故答案为：0．【点睛】本题考查不等式组的解法及整数解的确定．求不等式组的解集，应遵循以下原则：同大取较大，同小取较小，小大大小中间找，大大小小解不了，正确求解不等式组的解集是解题的关键．13.由若干个相同的小正方体构成的几

何体的三视图如图所示，那么构成这个几何体的小正方体的个数是______.【答案】5【解析】【分析】根据三视图得出这个几何体的构成情况，由此即可得．【详解】解：由三视图可知，这个几何体的构成情况如下：（数字表示相应

位置上小正方形的个数）则构成这个几何体的小正方体的个数是21115，故答案为：5．【点睛】本题考查了三视图，熟练掌握三视图是解题关键．14.如图，一块砖的A，B，C三个面的面积之比是5：3：1，如果A，B，C三个面分别向下在地上，地面所受压强分别为1P，2P，3P，压强的计

算公式为FPS，其中P是压强，F是压力，S是受力面积，则1P，2P，3P的大小关系为______（用小于号连接）.【答案】123PPP【解析】【分析】先根据这块砖的重量不变可得压力F的大小不变，且0F，再根据反比例

函数的性质（增减性）即可得．【详解】解：这块砖的重量不变，不管,,ABC三个面中的哪面向下在地上，压力F的大小都不变，且0F，P随S的增大而减小，,,ABC三个面的面积之比是5:3:1，123PPP，故答案为：123PPP．【点睛】本题考查了反比例函数的性质，熟练掌握反比例函数

的增减性是解题关键．15.如图，在RtABC中，∠B=90°，ED是AC的垂直平分线，交AC于点D，交BC于点E．已知∠BAE=10°，则∠C的度数为_____________°．【答案】40°【解析】【分析】根据直角三角形的性质求得∠AEB=80°；

根据线段垂直平分线的性质得AE=CE，则∠C=∠EAC，再根据三角形的外角的性质即可求解．【详解】解：∵∠B=90°，∠BAE=10°，∴∠BEA=80°．∵ED是AC的垂直平分线，∴AE=EC，∴∠C=∠EAC．∵∠BEA=∠

C+∠EAC，∴∠C=40°．故答案为：40°．【点睛】此题考查了线段垂直平分线的性质，涉及到三角形的外角的性质以及等腰三角形的性质的知识，难度适中．16.如图矩形ABCD的对角线AC和BD相交于点O，过点O的直线分别交AD和BC于点E，F，AB＝3，BC＝4，则图中阴影部分的面积为_____．

【答案】6．【解析】【分析】首先结合矩形的性质证明△AOE≌△COF，得△AOE、△COF的面积相等，从而将阴影部分的面积转化为△BCD的面积．【详解】∵四边形ABCD是矩形，∴OA＝OC，∠AEO＝∠CFO；又∵∠AOE＝∠COF，在△AOE和△C

OF中，∵AEOCFOOAOCAOECOF＝，∴△AOE≌△COF（ASA），∴S△AOE＝S△COF，∴S阴影＝S△AOE+S△BOF+S△COD＝S△AOE+S△BOF+S△COD＝S△BCD；∵S△BCD＝12BC•CD＝6，∴S阴影＝6．

故答案为6．【点睛】本题主要考查矩形的性质，三角形全等的判定和性质定理，掌握三角形的判定和性质定理，是解题的关键．17.如图是一个隧道的横截面，它的形状是以点O为圆心的圆的一部分，如果C是O中弦AB的中点，CD经过圆心O交O于点D，并且4mAB，6mCD，则O的半径长为____

__m．【答案】103【解析】【分析】连接OA，先根据垂径定理、线段中点的定义可得,2mOCABAC，设O的半径长为mr，则mOAODr，(6)mOCr，再在RtAOC中，利用勾股定理即可得．【详解】解：如图，连接OA，C是O中的弦AB的中点，且4

mAB，OCAB，12m2ACAB，设O的半径长为mr，则mOAODr，6mCD，(6)mOCCDODr，在RtAOC中，222OCACOA，即222(6)2rr，解得103r，即O的半径长为10m

3，故答案为：103．【点睛】本题考查了垂径定理、勾股定理，熟练掌握垂径定理是解题关键．18.如图，从一个腰长为60cm，顶角为120°的等腰三角形铁皮OAB中剪出一个最大的扇形OCD，则此扇形的弧长为______cm.【答

案】20【解析】【分析】根据等腰三角形的性质得到OE的长，再利用弧长公式计算出弧CD的长．【详解】解：过O作OE⊥AB于E，∵OA=OB=60cm，∠AOB=120°，∴∠A=∠B=30°，∴OE=12OA=30cm，∴弧CD的长=120302018

0(cm)，故答案为：20．【点睛】本题考查弧长公式的应用，要注意公式中的圆心角一定要用弧度来表示，不能用度数．19.如图，小明同学用一张长11cm，宽7cm的矩形纸板制作一个底面积为221cm的无盖长方体纸盒，他将纸板的四个角各剪去

一个同样大小的正方形，将四周向上折叠即可（损耗不计）．设剪去的正方形边长为xcm，则可列出关于x的方程为______．【答案】1127221xx【解析】【分析】设剪去的正方形边长为xcm，根据题意，列出方程，即可求解．【详解】解：设剪去的正方形边长为xcm，根据题意得：11

27221xx．故答案为：1127221xx【点睛】本题主要考查了一元二次方程的应用，明确题意，准确得到等量关系是解题的关键．20.木材加工厂将一批木料按如图所示的规律依次摆放，则第n个图中共有木料______根.【答案】21nn【解析】【分析】第一个图形

有1根木料，第二个图形有2(21)122根木料，第三个图形有3(31)1232根木料，第四个图形有4(41)12342根木料，以此类推，得到第n个图形有21nn根木料．【详解】解：

∵第一个图形有1(11)12根木料，第二个图形有2(21)122根木料，第三个图形有3(31)1232根木料，第四个图形有4(41)12342木料，∴第n个图形有11232nnnL根木料，故答案为：21

nn．【点睛】本题考查了图形的变化类问题，仔细观察，分析，归纳并发现其中的规律是解本题的关键．三、解答题（本大题共7小题，共72分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤）21.解分式方程：241244xxxx．【答案】x=4【解析】【分析

】先将分式方程去分母转化为整式方程，求出整式方程的解，得到x的值，经检验即可得到分式方程的解．【详解】解：241244xxxx，方程两边乘2(2)x得：2(2)(2)4xxx，解得：x=4，检验：当x=4时，220x（﹣）．所以原方程的解为x=4．【点睛】本题考查了解分式方

程，利用了转化的思想，解分式方程注意要检验．22.如图，四边形ABCD为菱形，E为对角线AC上的一个动点（不与点A，C重合），连接DE并延长交射线AB于点F，连接BE．（1）求证：DCEBCE△≌△；（2）求证：AFDEBC．【答案】（1）见解析（

2）见解析【解析】【分析】（1）根据菱形的性质可得CDBC，ACDACB，即可求证；（2）根据DCEBCE△≌△，可得CDEEBC，再由AB∥CD，可得CDFAFD，即可求证【小问1详解】证明：∵四边形ABCD为

菱形，∴CDBC，ACDACB，在DCE和BCE中，CDBCACDACBCECE，∴DCEBCESAS△≌△；【小问2详解】证明∶∵DCEBCE△≌△，∴CDEEBC，∵四边形ABCD为菱形，∴AB∥CD，∴CD

FAFD，∴AFDEBC．【点睛】本题主要考查了菱形的性质，全等三角形的判定和性质，熟练掌握菱形的性质，全等三角形的判定和性质是解题的关键．23.随着我国科学技术的不断发展，科学幻想变为现实.如图1是我国自主研发的某型号隐形战斗机模

型，全动型后掠翼垂尾是这款战斗机亮点之一.图2是垂尾模型的轴切面，并通过垂尾模型的外围测得如下数据，8BC，2CD，135D，60C°，且ABCD∥，求出垂尾模型ABCD的面积.（结果保留整数，参考数据：21.414，31.732

）图1图2【答案】24【解析】【分析】过D作DE垂直AB的延长线于E，交BC于点F，构建等直角三角形；60C°，则在直角三角形中，30°角所对的边等于斜边的一半，即可求出CF，勾股定理求出DF即可．在根据等腰直角三角形的性质，得出△DAE的底和高即可

求出面积．【详解】解：过D作DE垂直AB的延长线于E，交BC于点F．∵//ABCD，∴DECD，∴90FEBFDC，在RtCDF中，2CD，60C°，∴30CFD，4CF，23DF，∵8BC，∴4BF，∴BF

CF．在FEB和FDC△中，FEBFDCCFDBFEBFCF，∴FEBFDCAAS≌△△．∴2BECD，23DFEF，∵135D，90FDC，∴45ADE，∴43AEDE，∴1143432

422ABCDAEDSSAEDE△．【点睛】本题主要考查了平行线的性质，三角形的全等以及勾股定理，根据题意，构建直角三角形，根据勾股定理求出三角形的各边是解题的关键．24.如图，AB是O的

直径，AC是O的弦，AD平分∠CAB交O于点D，过点D作O的切线EF，交AB的延长线于点E，交AC的延长线于点F．（1）求证：AFEF；（2）若1CF，2AC，4AB，求BE的长．【答案】（1）见解析（2）2【解析】【分析】（1）连接OD，

根据AD平分CAB，可得CADOAD，从而得到CADODA，可得ODAF∥，再由切线的性质，即可求解；（2）由ODEAFE∽△△，可得::OEAEODAF，设BE为x，可得2OEOBBEx，即可求解．【小问1详解】证明：连接OD，∵AD平分CAB，∴CADOAD

，∵OAOD，∴OADODA，∴CADODA，∴ODAF∥，∵EF为O的切线，∴ODEF，∴AFEF．【小问2详解】解：由（1）得：ODAF∥，∴ODEAFE∽△△，∵2AC，1CF，∴3AF，∵4AB，∴2OD，2OB，∴::OEAEODAF，

设BE为x，∴2OEOBBEx，∴2243xx，解得：2x，即BE的长为2．【点睛】本题主要考查了切线的性质，相似三角形的判定和性质，熟练掌握切线的性质，相似三角形的判定和性质是解题的关键．25.为迎接党的二十大胜利召开，某校对七、八年级的学生进行了党史学习宣传教育

，其中七、八年级的学生各有500人.为了解该校七、八年级学生对党史知识的掌握情况，从七、八年级学生中各随机抽取15人进行党史知识测试，统计这部分学生的测试成绩（成绩均为整数，满分10分，8分及8分以上为优秀），相关数据统计、整理如下：七年级抽取学生的成绩

：6，6，6，8，8，8，8，8，8，8，9，9，9，9，10.八年级抽取学生的测试成绩条形统计图七、八年级抽取学生的测试成绩统计表年级七年级八年级平均数88众数a7中位数8b优秀率80%60%（1）填空：a______，b______；（2）根据

以上数据，你认为该校七、八年级中，哪个年级的学生党史知识掌握得较好？请说明理由（写出一条即可）；（3）请估计七、八年级学生对党史知识掌握能够达到优秀的总人数；（4）现从七、八年级获得10分的4名学生中随机抽取2人参加党史知

识竞赛，请用列表法或画树状图法，求出被选中的2人恰好是七、八年级各1人的概率.【答案】（1）8a；8b（2）见解析（3）700人（4）12【解析】【分析】（1）由众数和中位数的定义求解即可；（2）七、八年级的平均数和中位数相同，七年级的优秀率大于八年级的优秀率，

即可求解；（3）由七、八年级的总人数分别乘以优秀率，再相加即可；（4）画树状图，共有12种等可能的结果，被选中的2人恰好是七、八年级各1人的结果有6种，再由概率公式求解即可．【小问1详解】解：（1）由众数的定义得∶a=8，八年级抽取学生的测试成绩的中位数为8（分），故答案为∶8，8；【小问2详解】

解：答案一：七年级较好．理由：七年级被抽取的学生的成绩的众数是8分，八年级被抽取的学生的成绩的众数是7分，从这一统计量看，七年级学生党史知识掌握得较好．答案二：七年级较好．理由：七年级被抽取的学生的成绩的优秀率是80%，八年级被抽取的学生的

成绩的优秀率是60%，从这一统计量看，七年级学生党史知识掌握得较好．【小问3详解】解：解：50080%50060%700（人）．答：七、八年级学生对党史知识掌握能够达到优秀的总人数约为700人．【小问4详解】解：列表如下：第一人第二人八1八2八3七八1（八1，八2）（八

1，八3）（八1，七）八2（八2，八1）（八2，八3）（八2，七）八3（八3，八1）（八3，八2）（八3，七）七（七，八1）（七，八2）（七，八3）或树状图如下：由表格或树状图可知，共有12种等可能的情况，其中被选中的2人

恰好是七、八年级各1人的情况有6种．被选中的2人恰好是七、八年级各1人的概率61122P．【点睛】本题考查了列表法与树状图法、条形统计图、统计表、中位数、众数等知识；利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后利用概率公式计算事件A

或事件B的概率是解题的关键．26.两个顶角相等的等腰三角形，如果具有公共的顶角的顶点，并把它们的底角顶点连接起来，则形成一组全等的三角形，把具有这个规律的图形称为“手拉手”图形.（1）问题发现：如图1，若A

BC和ADE是顶角相等的等腰三角形，BC，DE分别是底边.求证：BDCE；图1（2）解决问题：如图2，若ACB△和DCE均为等腰直角三角形，90ACBDCE，点A，D，E在同一条直线上，CM为DCE中DE边上的高，连接BE，请判断∠AEB的度数及线段CM，AE，BE之间的数量

关系并说明理由.图2【答案】（1）见解析（2）90DCE；2AEADDEBECM【解析】【分析】（1）先判断出∠BAD=∠CAE，进而利用SAS判断出△BAD≌△CAE，即可得出结论；（2）同（1）的方法判断出△BAD≌△CAE，得出AD

=BE，∠ADC=∠BEC，最后用角的差，即可得出结论．【小问1详解】证明：∵ABC和ADE是顶角相等的等腰三角形，∴ABAC，ADAE，BACDAE，∴BACCADDAECAD，∴BADCAE．在BAD和C

AEV中，ABACBADCAEADAE，∴BADCAESAS≌△△，∴BDCE．【小问2详解】解：90AEB∠，2AEBECM，理由如下：由（1）的方法得，≌ACDBCEVV，∴ADBE，ADCBEC，∵CDE△是等腰直角三角

形，∴45CDECED，∴180135ADCCDE，∴135BECADC，∴1354590AEBBECCED．∵CDCE，CMDE，∴DMME．∵90DCE，∴DMMECM，∴2DECM．∴2AEADDEBECM．【

点睛】此题是三角形综合题，主要考查了全等三角形的判定和性质，等腰三角形，等边三角形，等腰直角三角形的性质，判断出△ACD≌△BCE是解本题的关键．27.如图1，抛物线2yxbxc与x轴交于1,0A

，3,0B两点，与y轴交于点C.图1图2（1）求该抛物线的解析式；（2）若点E是抛物线的对称轴与直线BC的交点，点F是抛物线的顶点，求EF的长；（3）设点P是（1）中抛物线上的一个动点，是否存在满足6PABS△的点P？如果存在，请求出点P的坐标；

若不存在，请说明理由.（请在图2中探讨）【答案】（1）223yxx（2）2（3）当点P的坐标分别为10,3P，22,3P，317,3P，417,3P时，6PABS△，理由见解析．【解析】【分析】（1）把点A、B的坐标分别代入函数解析式，列出关于系数b

、c的方程组，通过解方程组求得它们的值即可；（2）结合抛物线的解析式得到点C、F的坐标，利用B、C的坐标可以求得直线BC的解析式，由一次函数图像上点的坐标特征和点的坐标与图形的性质进行解答即可；（3）根据P点在抛物线上设出P点，然后再由S△PAB=8，从而求出P

点坐标．【小问1详解】解：∵抛物线2yxbxc与x轴的两个交点分别为1,0A，3,0B，∴10930bcbc，解得23bc．∴所求抛物线的解析式为223yxx．【小问2详解】解：由（1）知，抛物线的解析式为223yxx，

则0,3C，又222314yxxx，∴1,4F．设直线BC的解析式为30ykxk，把3,0B代入，得033k，解得1k，则该直线的解析式为3yx．故当1x时，2y，即1,2E，∴42

2EF，即2EF．【小问3详解】解：设点,Pxy，由题意，得1462PABSy△，∴3y，∴3y，当3y时，2233xx，∴10x，22x，当3y时，2233xx，∴317x，417x，∴当点P的坐标分别为10,3P

，22,3P，317,3P，417,3P时，6PABS△．【点睛】本题考查了待定系数法求二次函数的解析式和待定系数法求一次函数以及一次函数图像上点的坐标特征，抛物线解析式的三种形式之间的转化，熟练掌握函数的性质是解答此题的关键．获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www

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