【文档说明】广西“贵百河—武鸣高中”2024-2025学年高一上学期12月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(18)页，2.867 MB，由envi的店铺上传

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2024级“贵百河——武鸣高中”12月高一年级新高考月考测试物理（考试时间：75分钟满分：100分）注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在试卷、答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅

笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。3.回答非选择题时，将答案写在答题卡上，若写在本试卷上无效。4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，共46分。在每小题给出的四

个选项中，第17̃小题只有一项符合题目要求，每小题4分，第8~10小题有多项符合题目要求，每小题全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.“析万物之理，判天地之美”，了解物理规律的发现过程，领略建立物理概念、规律的思想方法，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要，以

下关于物理学史与物理研究的思想方法正确的是（）A.在验证力的平行四边形定则的实验中使用了控制变量法B.用质点来替代实际运动物体采用了理想模型法C.伽利略猜想自由落体的位移与时间成正比，并进行了实验验证D.在推

导vt−图像面积表示位移时用到了等效替代法【答案】B【解析】【详解】A．在验证力的平行四边形定则的实验中使用了等效替代法，故A错误；B．用质点来代替实际运动物体采用了理想模型法，故B正确；C．伽利略用数学和逻辑推理得出了自由落体的

速度与下落时间成正比，通过实验间接验证这个结论，故C错误；D．在推导图像面积表示位移时用到了微元法，故D错误。故选B。2.2024年3月28日小米SU7在北京发布，若该款汽车在平直道路上行驶时，从某时刻开始一段时间内其位置与时间的关系是()253mxtt=+，则以下说法正确的是（）A.初始时刻汽

车在坐标原点B.汽车的加速度大小为25m/sC.第2s末的速度大小为13m/sD.汽车前2s的位移大小为24m的【答案】A【解析】【详解】A．根据位置与时间的关系可得0t=时，汽车的位置坐标为00x=故A正确；B．由位移-时间公式2012xvtat=+则有152a=解得210m/s

a=故B错误；CD．根据位置与时间的关系可得2st=时，汽车的位置坐标为226mx=即汽车前2s的位移大小为22026mxxx=−=同理，可知4st=时，汽车的位置坐标为492mx=汽车的2s末的速度大小为前4秒内平均速度大小，即4024423m/sxxvvt−===故CD错误。

故选A。3.如图所示，一梯子斜靠在光滑的竖直墙壁上，下端放在粗糙的水平地面上，某工人站立于梯子上。梯子始终不动。下列说法正确的是（）A.梯子对地面的摩擦力方向指向竖直墙壁B.墙壁对梯子的支持力是由于梯子的形变产生的C.人和梯子组成系统受三个力作用D.梯子

对工人作用力竖直向上【答案】D【解析】【详解】A．梯子对地面的摩擦力方向垂直于竖直墙壁向外，故A错误；B．墙壁对梯子的支持力是由于墙壁的形变产生的，故B错误；C．人和梯子组成的系统受重力，墙壁的支持力，地面的支持力，地面的摩擦力，共四个力作用，故C错误；D．对工人进行受力分析

，根据平衡条件可知梯子对工人的作用力竖直向上，D正确。故选D。4.“极限滑草”日益受到青少年的追捧。某同学在滑草斜面上由静止开始做匀加速直线运动，从开始运动时计时，第4s内的位移是21m，下列说法中错误的是（）A.第5s内的位移为27mB.前4s内的位移为

48mC.物体的加速度为26m/sD.物体在前2s内的平均速度为4m/s【答案】D【解析】【详解】C．第4s内的位移是21m，可知物体在3.5s时的速度大小为3.521m/s21m/s1xvt===则物体的加速度为223.521m/s6m/

s3.5vat===故C正确，不符合题意；AB．物体在前4s内的位移为244148m2xat==的的物体在前5s内的位移为255175m2xat==则物体第5s内的位移为455427mxxx=−=故AB正确，不符合题意；D．物体在前2s内的位移为2

22112m2xat==则物体在前2s内的平均速度为226m/sxvt==故D错误，符合题意。故选D。5.某工厂对出厂前的玩具车进行性能测试，玩具车做直线运动的位移x和时间二次方2t的关系图像如图所示，则下列说法正确的是（）A.质点做匀速直线运动，速度为3m/sB.质

点做匀变速直线运动，加速度为22m/sC.质点在4s内的平均速度大小为3m/sD.任意相邻1s内质点的位移差都为3m【答案】D【解析】【详解】AB．由公式2012xvtat=+结合图像可判断质点运动的初速度为零，图像的斜率12ka=所以有23m/sa=即质点做初速度为0，加速度为23m/s的匀

加速直线运动，A错误，B错误；C．根据做匀变速直线运动的物体平均速度等于中间时刻的速度，可得4226m/svvat===C错误；D．根据匀变速直线运动规律，质点在相邻相等时间内的位移差2xat=可得任意相

邻1s内，该质点的位移差都为3m，D正确。故选D。6.物体A和B叠放在一起置于水平地面上，现用大小为1F和2F的水平恒力分别作用于A、B两物体，如图甲、乙所示。已知在水平恒力作用下，A、B两物体都保持相对静止，一起沿水平面做匀速直线运动，则下列结论中正确的是（）A.乙图中B物体受到4个力的作

用B.甲、乙两图中A物体所受的摩擦力大小相等C.甲图中物体A受到的摩擦力方向向左，而乙图中物体A受到的摩擦力为0D.水平拉力1F小于2F【答案】C【解析】【详解】ABC．甲图以A为研究对象，A做匀速直线运动，

在水平方向受向右的拉力1F和B对它的向左的静摩擦力作用，根据平衡条件，有11fF=对物体B，受到A向右的摩擦力1F和地面对B的向左的摩擦力1F；乙图中AB同时向前做匀速直线运动，所以AB之间没有相对运动的趋势，A不受摩擦力的作用；对物体B，水平方向受向右的拉力2F以及地面给B向左的摩

擦力；B的受力分析如图所示所以乙图中B物体受到五个力的作用，故AB错误，C正确；D．对AB整体研究，甲图和乙图中拉力均等于地面对B的滑动摩擦力，即()2AB1FFmmg==+故D错误。故选C7.在水平面上运动的质点通过O、A、B三点的过程中，其位移随时间变化规律xt−图像如图所示，图像是抛物线

的一部分，以过O点时的速度方向为正方向，则质点（）A.质点运动的轨迹是曲线B.通过A点时的速度为22stC.质点的加速度为()()2112122stttttt−−D.从A点运动到B点，速度的变化量为()121222stttt−【答案】D【解析】【详解】A．xt−图像只能描述直线运动，即质点运动

的轨迹是直线，故A错误；B．从O点运动到B点过程的平均速度为2222tstvv==而A点是OB的中点，而不是OB中间时刻，即。22Asvt故B错误；CD．设加速度大小为a；从O点运动到A点过程，有201112svtat=−从O点运动到B点过程，有2022122svtat=−联立解得()

()21122122sttatttt−=−，()()2221012212sttvtttt−=−从A点运动到B点，速度的变化量为()()12211222Δsttvatttt−=−−=故D正确，C错误。故选D。8.公园里的猴子活泼好动，尤其喜欢挂在

树上表演各种节目，深得游客喜爱。公园里的一只猴子吊挂在树上，如图所示，以下说法正确的是（）A.树枝受到的拉力与猴子受到的拉力是一对相互作用力B.猴子摆弄姿势只是为了吸引顾客观看，不会影响它重心的位置C.静止时，猴子受到的重力

和树枝对它的作用力是一对平衡力D.猴子抓住的树枝，不管树枝属于水平状态还是倾斜状态，猴子都受到摩擦力的作用【答案】AC【解析】【详解】A．猴子对树枝的拉力与树枝对猴子的拉力是一对作用力与反作用力，故A正确；B．物体的重心与其质量分布及

形状有关，猴子摆弄姿势时重心位置会改变，故B错误；C．猴子处于静止状态，受力平衡，即猴子受到的重力与树枝对它的作用力是一对平衡力，故C正确；D．树枝水平时，猴子不受摩擦力作用，故D错误；故选AC。9.甲、乙两车在同一水平公路上的不同车道上运动，乙车在前，甲车在后，某时刻两车相距7m

x=，由该时刻为计时起点，两车运动的过程如图所示，则下列说法正确的是（）A.当4st=时两车相遇B.当8st=时两车再次相遇C.当4st=时甲车在前，乙车在后D.两车有三次相遇【答案】CD【解析】【详解】AC．vt−图线与坐标轴围城的面

积即物体运动的位移，则甲、乙两图线围城的面积即二者的位移差：0~4s：甲比乙多走的位移()()11161240m8m2x=−−=有1xx则4st=时甲在前乙在后，之前二者相遇，A错误，C正确；B．4~8s：乙比甲多走的位移()()218486m4m2x=−−

=有21xxx+则8st=时乙在前甲在后，此前二者再次相遇，B错误；D．8st=后，甲的速度大于乙的速度，此后甲乙还会再一次相遇，D正确。故选CD。10.如图所示，一光滑的轻滑轮用细绳OO′悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b，外力F向右上方拉b，

整个系统处于静止状态。保持F的方向不变，且物块b始终静止，当F的大小增大时（）A.细绳OO′的张力一定不变B.连接a和b的细绳的张力可能增大C.物块b受到桌面的支持力一定减小D.物块b与桌面间的摩擦力一定增大【答案】

AC【解析】【详解】AB．由于整个系统处于静止状态，所以滑轮两侧连接a和b的绳子的夹角不变；物块a只受重力以及绳子的拉力，由于物体a平衡，则连接a和b的绳子张力T保持不变，细绳OO′的张力也一定不变，故A正确，B错误；C．b处

于静止即平衡状态，对b受力分析，如图力T与力F与x轴所成夹角均保持不变，由平衡条件可得sinsin0NFTmg++−=coscos0FfT+−=由此可得sinsinNmgFT=−−由于T的大小不变，可见当F的大小增大时，物

块b受到桌面的支持力一定减小，故C正确；D．如果原来物块b受到桌面的摩擦力水平向左，则物块b与受到桌面间的摩擦力coscosfTF=−由于T的大小不变，当F大小增大时，由b静止可得摩擦力的大小减小，故D错误。故选AC。二、非选择题：共5小题，共54分。第11题6分，第1

2题10分，第13题10分，第14题12分，第15题16分。其中第13~15题解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，若只有最后答案而无演算过程的不给分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。11.某同学做“探究

两个互成角度的力的合成规律”的实验，他用图钉把白纸固定在水平放置的木板上，将橡皮条的一端固定在木板上的A点，另一端系两个细绳套，用两个弹簧测力计分别拉住两个细绳套，互成角度施加拉力，使橡皮条伸长，让结点到达纸面上某位

置，记为O，然后撤去两个力，再用一个弹簧测力计把结点拉到位置O，如图甲所示。（1）某次实验中，一弹簧测力计的指针位置如图乙所示，读数为______N。（2）关于该实验的操作，下列说法中正确的是______。A.实验中，弹簧测力计的外壳可以与纸面接触B.把结点拉到O点位置时，两个弹簧测力计之间夹角应

取90，以便算出合力大小C.改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点在同一位置D.在不超过橡皮筋弹性限度内，弹簧测力计示数要适当大些（3）根据实验数据在白纸上所作图如图丙所示，丙图中1F、2F、F、F四个力，其中力______（填上述字母）不是由

弹簧测力计直接测得的。（4）本实验采用的科学方法是______。（填“控制变量法”或“等效替代法”）（5）实验作出力的平行四边形如图丙所示，在F与F两力中，方向一定沿AO方向的是______。（填“F”或“F”）。【答案】（1）3.00（2）AD（3）F（4）等效替代

法（5）F【解析】【小问1详解】[1]图中弹簧测力计的分度值为0.1N，由图可知读数为3.00N；【小问2详解】[1]A．实验中，弹簧测力计的外壳可以与纸面接触，故A正确；B．把结点拉到Ｏ点位置时，两个弹簧测力计之

间夹角适当就好，不需要取90，故B错误；C．改变拉力，进行多次实验，不同次实验时，不需要在同一位置，故C错误；D．实验中，在不超出弹簧秤的量程和橡皮条形变限度的条件下，使拉力适当大些，不必使两只弹簧秤的示数相同，故D正确。故选D。【小问3详解】[1]丙图中1F、2F、F、F四个力，只有F是根据

力的平行四边形定则，由1F和2F合成而来，并非由弹簧测力计直接测得的；【小问4详解】[1]探究两个互成角度的力的合成规律实验利用了等效替代的思想，采用了“等效替代法”。【小问5详解】[1]由图丙可知，F是通过作出力的平行四边形得到的合力理论值，由于存在误差，不一定沿AO方向，F是一个

弹簧测力计拉橡皮条得到的合力实验值，根据二力平衡可知，方向一定沿AO方向的是F。12.某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器”计量时间。实验前，将该计时器固定在小车旁，如图（a）所示。实验时，保持桌面水平，用手轻推一下小车。在小车运动过程中，

滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图（b）记录了桌面上连续6个水滴的位置。已知滴水计时器每30s内共滴下60个小水滴。（以滴水计时器内盛满水时为准）。（1）由图（b）可知，小车在桌面上是______（填“从右向左”或“从左向右

”）运动。（2）相邻水滴之间的时间间隔T=______s。（3）该小组同学根据图（b）的数据判断出小车做匀变速运动。小车运动到图（b）中B点位置时的速度大小为______m/s，加速度a大小为______2m/s。

（结果均保留三位小数）（4）若从第一滴水离开滴水计时器开始计时，30秒末，误将61滴记录当成60滴，会造成求得的加速度______。（填“偏大”或“偏小”）【答案】（1）从右向左（2）0.5（3）①.0.033②

.0.020（4）偏小【解析】【小问1详解】由于小车在水平桌面上运动时必然受到阻力作用，做匀减速直线运动，相邻水滴（时间间隔相同）的位置间的距离逐渐减小，所以由题图（b）可知，小车在桌面上是从右向左运动的；【小问2详解】滴水计时器每30s内共滴下60个小水滴，其滴水的时间间

隔为300.5s60T==【小问3详解】[1]根据匀变速直线运动的规律，可得小车运动到题图（b）中B点位置时的速度大小为()21.401.90100.033m/s20.5Bv−+==[2]根据逐差法，共有6组数据，

则加速度的大小为()()()2222.883.393.871.401.902.3810m0.020m/s30.5sa−++−++=【小问4详解】若从第一滴水离开滴水计时器开始计时，30秒末，误将61滴记录当成60滴，导致周期偏大，算出来的加速度比

实际加速度小。13.高空抛物现象曾被称为“悬在城市上空的痛”，它曾与“乱扔垃圾”齐名，排名第二。高空抛物，是一种不文明的行为，而且会带来很大的社会危害。如果把高空抛物简化为自由落体运动时，物体在45m的高度下落。求：（210m/sg=）。（1）物体从开始下落到落地瞬间所用的时间；（2）物体在

前2s内的平均速度大小；（3）物体落地后经0.5st=后以5m/s的速度反弹，该过程可视为匀变速直线运动，求该过程的加速度。【答案】（1）3s（2）10m/s（3）270m/s，方向竖直向上【解析】【小问1详解】根据自由落体运动公式212hgt=代入数据解得3st=【小问2详解】物体在

第2s末的速度为22vgt=可得220m/sv=物体前2s的平均速度为212vv=解得10m/sv=【小问3详解】规定向下为正方向，根据速度-时间公式，落地时的速度为3vgt=解得330m/sv=该过程的加速度为3vvat−=解得270m/sa=−故该过程物体的加速度大小

为270m/s，方向竖直向上。14.如图所示，A物体重力为60N，B物体重力为35N，力F竖直向下，A与水平面的动摩擦因数0.4=，其余摩擦不计，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求：（1）当0F=时由静止

释放B物体，A物体所受摩擦力的大小和方向；（2）当30NF=时由静止释放B物体，A物体所受摩擦力的大小和方向。【答案】（1）24N，水平向左（2）35N，水平向左【解析】【小问1详解】0F=时，A所受的最大静摩擦力maxNf

F=NAFG=解得max24Nf=此时BmaxGf故A将运动，A所受的摩擦力为滑动摩擦力，大小为max24Nff==方向水平向左。【小问2详解】30NF=时，A所受的最大静摩擦力maxNfF=竖直方向有NAFGF=+解得max36Nf=

此时BmaxGf故A保持静止，A所受的摩擦力为静摩擦力，大小为B35NfG==方向水平向左。15.同学们平时利用食堂餐桌（图甲）玩起了推杯子游戏。其过程简化如下（图乙）：将杯子（可视为质点）从桌子AB端边缘的O点用手推出，

在杯子到达虚线EF前撤去推力。杯子沿直线运动，最后停在桌面上。杯子停止运动时不超过桌子CD端边缘且离CD端边缘最近者获胜。已知推杯子时杯子在桌面上做匀加速直线运动，撤去推力后杯子在桌面上做匀减速直线运动。

现小明和小刚两同学参加游戏比赛，由于两同学推力不同而使杯子运动的加速度不同，小明推杯子运动的加速度大小214m/sa=，小刚推杯子运动的加速度大小226m/sa=，两人撤去推力后杯子的加速度大小均为20.5m/sa=

。已知桌面长5mL=，虚线EF距离桌面AB端00.5md=。（1）小明比赛推杯子时杯子刚好运动到虚线EF位置时，撤去推力，求杯子在刚好到达虚线EF时的速度大小1v、杯子停止运动时离CD端的距离1d；（2）按（1）中小明取得的

成绩，小刚比赛要想获胜，则加速推杯子的位移应满足什么条件；（3）假设因桌面沿EFCD→各处粗糙程度不同而导致杯子减速运动的加速度不相同，沿EFCD→方向运动时各处加速度大小如sa−图像，某次比赛杯子从EF以4m/s的速度离手，试经过计算判断杯子是否会滑离CD边

缘？【答案】（1）12m/sv=，10.5md=（2）95mm2613s（3）会滑离CD【解析】【小问1详解】设小明撤去推力时，杯子速度为1v，则21102vad=解得12m/sv=设撤去推力后杯子滑行的距离为1x，则2114m2vxa==杯子

离CD端距离101dLdx=−−解得10.5md=【小问2详解】若小刚的杯子刚好停在与小明相同的位置，则有222201222vvdxaa+=+解得254m/s13v=设杯子加速位移1s，则有22129m226vsa==若小刚的杯子刚好停在C

D端，则有2233222vvLaa+=解得360m/s13v=的设杯子加速的位移为2s，则有23225m213vsa==则小刚要获胜推杯子的位移需要满足12sss可得95mm2613s【小问3详解】解法一：假设滑到CD处的速度为4v，则()()224

002vvaLd−=−−由as−图像围成的面积大小，即()()22222200.10.5274.5m/sm/s1.35m/s220aLd+−===解得413.3m/s0v=故杯子会滑离CD。解法二：设杯子减速到0时位移为x，则2002vax−=−22216m/sax

=由as−图得()()222200.10.54.5m/s1.35m/s2aLd+−==即()022axaLd−会滑离桌面。解法三：假设杯子以2m0.5m/sa=匀减速运动到停下，所需最小位移minx，有20mmin02vax−=−min16m

x=min0xLd−即会滑离桌面。