【文档说明】四川省南充市高级中学2024-2025学年高二上学期10月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(19)页，924.668 KB，由小赞的店铺上传

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南充高中高2023级上期第一次月考物理试卷时间：75分钟总分：100分一、单选题（本题共8小题，每小题4分，总分32分）1.下列关于电场、电场线、等势面说法正确的是（）A.电场和电场线都是客观存在的B.电场和电场线都不是客观存在的C.电场和等势

面都是客观存在的D.电场线和等势面都不是客观存在的【答案】D【解析】【详解】电场是客观存在的，电场线和等势面是人们为了研究问题方便引入的，所以电场线和等势面都不是客观存在的。故选D。2.如图所示，原来不带电的绝缘金属导体MN，在其两端下悬挂金属验电箔，现使一带正电的金属

导体靠近M端，下列说法正确的是（）A.只有M端的验电箔张开，N端带负电B.只有M端的验电箔张开，N端带正电C.两端的验电箔都张开，M端带负电，N端带正电D.两端的验电箔都张开，M端带正电，N端带负电【答案】C【解析】【详解】金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，金属导体的M端要感应

出负电荷，在导体的N端会出现正电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且M端带负电，N端带正电。故选C。3.我国未来将在月球地面上建立月球基地，并在绕月轨道上建造空间站。如图所示，关闭发动机的航天飞机，从A处在月球引

力作用下沿椭圆轨道向月球靠近，并将在椭圆轨道的近月点B处与空间站C对接，已知空间站绕月运行的圆轨道的半径为r，周期为T，万有引力常量为G，月球的半径为R。下列说法正确的是（）A.月球的质量为2324rMGT=B.航天飞机在图示位置A正在减速向B运动C.要使对接成功，飞机

在接近B点时必须加速D.月球的第一宇宙速度为2rvT=【答案】A【解析】【详解】A．根据万有引力提供向心力公式，即2224mMGmrrT=解得月球质量为2324rMGT=故A正确；B．关闭发动机的航天飞机

A在月球引力作用下沿椭圆轨道向月球靠近的过程中，做的是变加速运动，故B错误；C．欲对接成功，需要飞机在接近B点时减速，否则飞机将做椭圆运动，故C错误；D．空间站的运行速度为2rvT=而第一宇宙速度应是环绕月球表面轨道运动的速度，应大于此速度，故D错误。故选A。4.两个半径均为r的相同金属球，

两球相距r，分别带有电荷量2Q和4Q−，它们之间库仑力的大小为F，现将两球接触后再放回原处，则（）A.两球均带正电B.两球电荷量均为QC.两小球间库仑力为18FD.两小球间库仑力小于18F【答案】D【解析】【详解】AB．现将两球接触后再放回原处，

则两球电荷量均为242QQQQ−==−故AB错误；CD．两金属球相距较近且开始时带异种电荷，电荷因吸引靠近，有效距离小于3r，则原来两球间库仑力满足228(3)QFkr两球接触后，两球均带负电，电荷量均为Q，电荷因排斥远离，有

效距离大于3r，所以接触后两球间的库仑力满足22(3)QFkr联立可得18FF故C错误，D正确。故选D。5.如图所示，纸面内有一边长为l的等边三角形abc，ab连线的中点为O点。在a点和b点分别固定等量的异种点电荷q+和q−，若在三角形平面内加上一

匀强电场，则c点的电场强度恰好为零。已知静电力常量为k，则下列说法正确的是（）A.O点的电场强度为零B.匀强电场的电场强度大小为2qklC.匀强电场的方向水平向右D.若把一带负电的试探电荷从c点移到O点，静电力做正功【答案】B【解析

】【详解】BC．等量的异种点电荷q+和q−在c点的场强大小均为12qEkl=夹角为120°，则合场强大小为22cos60ckElEq==方向水平向右；在三角形平面内加上一匀强电场，则c点的电场强度恰好为零，故匀强电场的场强大小为2ckqEEl==方向水平向左，故B确，C错

误；A．根据叠加原则，可知O点的电场强度为2227()()22OkqkqkqEElll=+−=方向水平向右，故A错误；D．在a、b两处的等量异种点电荷电场中，中垂线cO为等势线；所加匀强电场水平向左与cO垂直，则两电场叠加后cO仍为等势线，故把

一带负电的试探电荷从c点移到O点，静电力不做功，故D错误。故选B。6.如图所示，以06m/sv=的速度水平抛出的物体，飞行一段时间垂直地撞在倾角37=的斜面上，重力加速度取210m/sg=，下列说法正确的是（）A

.物体飞行的时间是1sB.物体撞击斜面时的速度方向与水平面成37°角C.物体水平方向的位移为4.8mD.物体下降的距离是6.4m【答案】C【解析】【详解】AB．小球撞在斜面上时速度与斜面垂直，如图所示由几何关系可知，物体撞击斜面时的速度方向与水平

面的夹角为903753=−=则竖直方向的速度为0tan8m/syvv==又ygt=v解得物体飞行的时间为0.8st=故AB错误；C．物体水平方向的位移为04.8mxvt==故C正确；D．物体下降距离为213.2m2==hgt故D错误。故选C。7.反射式速调管是常用的微波器件

之一，其内部为真空，有一个静电场的方向平行于x轴，其电势随x的分布如图所示。现将一带负电的粒子（重力不计）从2cmx=处静止释放，下列说法正确的是（）A.该静电场可以由两个负点电荷产生B.2cmx=−的电场强度大于2cmx=处的电场强度C.该粒子在0x=处的电势能最

大D.该粒子将沿x轴负方向运动，运动到的最远位置为3cmx=−的【答案】D【解析】【详解】AB．根据x−图像的斜率表示电场强度，由图可知6cm0x−区域的电场强度大小为126V/m100V/m610E−==方向沿着x轴负方向；04cmx区域

的电场强度大小为226V/m150V/m410E−==方向沿着x轴正方向；可知2cmx=−的电场强度小于2cmx=处的电场强度，且此静电场不可能由两个负电荷产生，故AB错误；C．0x=处电势最高，根据pEq=可知该负电荷的粒子在0x=处的电

势能最小，故C错误；D．带负电粒子（重力不计）从2cmx=处由静止释放，受到沿x轴负方向的电场力，当运动到0x区域后，受到沿x轴正方向的电场力，根据动能定理可得22110qExqEx−=其中22cmx=，联立可得13cmx=则该粒子将沿x轴负方向运动，运动到的最

远位置为13cmxx=−=−故D正确。故选D。8.如图所示，在直角坐标系xOy中有a、b、c、d四点，c点坐标为（4cm−，3cm）。现加上一方向平行于xOy平面的匀强电场，b、c、d三点电势分别为2V、10V、4V，将一电荷量为5210C−的点电荷从a点沿abcd移动到d点

，下列说法不正确的是（）A.坐标原点O的电势为4V−B.匀强电场的电场强度大小为22V/mC.该点电荷在a点的电势能为41.610J−D.将该点电荷从a点移动到d点的过程中，电场力做功为42.410J−【答

案】B【解析】【详解】A．由于该电场匀强电场，故沿着同一个方向相同距离电势差相等，则有bcOd−=−解得4VO=−故A正确，不满足题意要求；B．该电场沿x轴方向的分场强大小为28V/m200V/

m410dOxdOUEd−===沿y轴方向的分场强大小为26V/m200V/m310bOybOUEd−===则该电场的电场强度的大小为2222200200V/m2002V/mxyEEE=+=+=故B错误，满足题意要求；C．因2dOOa=，则有()2dOOa−=−解

得8Va=−该点电荷在a点的电势能为()54p2108J1.610JaaEq−−==−−=故C正确，不满足题意要求；D．该点电荷从a点移到d点，电场力做功为54=210(84)J2.410JadadWqU−−=−−−=故

D正确，不满足题意要求。是故选B。二、多选题（本题共4小题，每小题4分，全部选对4分，未选全扣2分，错选不给分，总分16分）9.如图所示的四种电场中均有a、b两点，其中a、b两点的电场强度相同的是（）A.甲图中，与点电荷等距的a、b两点B

.乙图中，两等量异种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C.丙图中，两等量同种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点D.丁图中，匀强电场中的a、b两点【答案】BD【解析】【详解】A．根据点电荷的电场的特点可知，图甲中a、b两点的电场强度大小相等，但方向不同，

则电场强度不同，故A错误；B．图乙中等量异种点电荷电场中a、b两点的电场强度大小相等，场强方向都与中垂线垂直向左，则a、b两点的电场强度相同，故B正确；C．图丙中等量同种点电荷电场中a、b两点电场强度大小相等，方

向相反方，则电场强度不同，故C错误；D．图丁匀强电场中a、b两点电场强度大小相等，方向相同，则a、b两点的电场强度相同，故D正确。故选BD。10.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一电子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是

这条轨迹上的三点，据此可知（）A.P、R、Q三点中，Q点的电势最低B.该电子在P点的电势能比在Q点的大C.该电子在R点的加速度比在Q点的大D.该电子在P点的动能比在R点的小【答案】AC【解析】【详解】ABD．由轨迹弯曲的方向可知，电子受到电场力方向沿着电场线偏右，

则电场线的方向向左，根据沿电场线电势降低，结合等势面与电场线垂直，可知P、R、Q三点的电势高低关系为PRQ根据pEq=由于电子带负电，所以电子在P、R、Q三点的电势能大小关系为pppPRQEEE由于电子只受电场力作用，动能和电势能之和保持不变，则电子在P、R、Q三点的动

能大小关系为kkkPRQEEE故A正确，BD错误；C．由电场线的疏密程度可知，P、R、Q三点的场强大小关系为PRQEEE则电子在R点受到的电场力大于在Q点受到的电场力，电子在R点的加速度比在Q点的大，故C正确。故选AC。11.如图所示，平行板电容器与直流电源连接，上极板接地，

闭合开关S后再断开S，一带电油滴位于电容器中的P点且处于静止状态。现将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离，则（）A.该油滴仍能保持静止状态B.有从a向b的电流通过灵敏电流计C.电容器两极板间的电压减小D.油滴在P点的电势能不变【答案】AD【解析】【详解】A．闭合开关S后再断开S，则电容器

带电荷量Q保持不变，将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离，根据r44rUQQkQESdCdSdkd====可知板间电场强度E不变，则油滴所受电场力不变，油滴仍能保持静止状态，故A正确；B．由于电容

器的带电荷量Q保持不变，电流计中没有电流通过，故B错误；C．根据r4SCkd=，QCU=将下极板竖直向下缓慢移动时，d增大，可知电容器电容C减小；由于电容器的带电荷量Q保持不变，所以电容器两极板间的电压U增大，故C错误；D．P点到上极板的距离d不变，电场强度E不变，由

UEd=可知P点与上极板间电势差不变，由于上极板接地，上极板电势不变，所以P点的电势不变，则油滴在P点的电势能不变，故D正确。故选AD。12.如图所示，轻质弹簧的两端分别与小物块B、C相连，并放在足够长的光滑斜面上，弹簧与斜面平行，C

靠在固定的挡板P上，绕过定滑轮的轻绳一端与B相连，另一端与悬空的小物块A相连。开始时用手托住A，使滑轮右侧的轻绳恰好伸直且无弹力，滑轮左侧轻绳沿竖直方向，然后由静止释放A，当C刚要离开挡板时，A的速度恰好达到最大。斜面的倾角为30°，B、C的质量均为m，弹簧的劲度系数为k，重力加速

度大小为g，A、B、C均视为质点。不计一切摩擦，不计空气阻力，弹簧始终处在弹性限度内。下列说法正确的是（）A.A的质量12mB.在从释放A到C刚要离开挡板的过程中，B运动位移为2mgkC.在从释放A到C刚要离开挡板的过程中，弹簧弹力做的总功为零D.在从释放A到C刚要离开挡

板的过程中，由A、B组成的系统机械能先增大后减小【答案】CD【解析】【详解】A．当C刚要离开挡板时，A的速度恰好达到最大，此时A、B的加速度均为零，则有AmgT=sin30sin30sin30TmgFmgmg=+=

+弹解得A的质量为Amm=故A错误；B．开始时弹簧被压缩了1sin30mgxk=C刚要离开挡板时弹簧伸长了2sin30gkxm=则在从释放A到C刚要离开挡板的过程中，B运动位移为12mgxxxk=

+=故B错误；C．在从释放A到C刚要离开挡板的过程中，由于初始时弹簧的压缩量与C刚要离开挡板时弹簧的伸长量相等，所以弹簧的弹性势能变化为零，则弹簧弹力做的总功为零，故C正确；D．在从释放A到C刚要离开挡板的过程中，弹簧的弹力对系统先

做正功，后做负功，则A、B组成的系统机械能先增大后减小，故D正确。故选CD。三、实验题（本题共2小题，每空2分，共16分）13.在“验证机械能守恒定律”的实验中，使质量为m的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点

如图所示。选取一条符合实验要求的纸带，O为打点计时器在纸带上打出的第一个点，A、B、C为从合适位置开始连续选取的三个计时点，它们到O点的距离分别为1h、2h、3h。已知打点计时器的周期为T，当地的重力加速度为g，那

么：（1）本实验应当___________（填字母）。A.先释放纸带B.先开启打点计时器（2）打B点时重物的瞬时速度Bv=___________。（用题中所给物理量表示）（3）从O点到B点，重物重力势能的减少量为___________。（用题中所给物理量

表示）（4）若测出纸带上多个点到O点之间的距离h，根据纸带算出这些点的速度v，则以h为横轴，22v为纵轴，画出的图像是下列图像中的___________。A.B.C.D.【答案】（1）B（2）312hhT−（3）2mgh（4）A【解析】【小问1详解】根据打点计时器实验操作规范要求，应先接通

电源开启打点计时器，待打点稳定后，再释放纸带。故选B。【小问2详解】B点是A、C的中间时刻，根据匀变速直线运动规律的推论可得312BhhvT−=【小问3详解】从O点到B点，重物重力势能的减少量为p2Emgh=【小问4详解】从O点到任意一点，重物重力势能的减少量为pEmgh=动能的

增加量为2k12Emv=根据机械能守恒有212mghmv=变形得22vgh=图像为过坐标原点的倾斜直线。故选A。14.某同学用图甲所示的电路研究电容器的充、放电过程。图丙所示实验装置是用来探究影响平行板电容器的因素，其中电容器左侧极板A

和静电计外壳接地，电容器右极板B与静电计金属球相连。使电容器带电后与电源断开。（1）图甲当开关S接“1”达到稳定后，电容器上极板带___________（选填“正”或“负”）电。（2）已知电源电压为3V，通过数格子的

方法测得It−曲线与横轴围成的面积为2.5mA·s，则电容器的电容C=___________F（结果保留两位有效数字）。（3）图丙中，静电计是测量下列哪一个物理量的仪器___________。A.电荷量B.电容C.电势差（4）保持两极板所

带的电荷量Q不变，极板间的距离不变，让带有绝缘手柄的A板向下移动，发现静电计指针偏角变大，得出的结论是：在其他条件不变的情况下，平行板电容器的电容C随两极板间的正对面积的减小而___________（填“增大”“减小”或“不变”）。【答案】（1

）正（2）48.310−（3）C（4）减小【解析】【小问1详解】当开关S接“1”后，电源给电容器充电，由于电容器上极板与电源正极相连，所以电容器上极板带正电。【小问2详解】根据QIt=可知It−曲线与横轴围成的面积表示电容器所带的电荷量，根据电容的定义式可得342.510F8.3

10F3QCU−−==【小问3详解】静电计是测量电势差的仪器。故选C。【小问4详解】保持两极板所带的电荷量Q不变，极板间的距离不变，让带有绝缘手柄的A板向下移动，发现静电计指针偏角变大，则极板间电压变大，根据Q

CU=可知电容变小，得出的结论是：在其他条件不变的情况下，平行板电容器的电容C随两极板间的正对面积的减小而减小。四、解答题（本题共3小题，共36分）15.如图所示，电荷量为81.610C−，质量为73.210kg−带正电

小球（可视为点电荷），用轻质不可伸长的绝缘细线悬挂在水平方向的匀强电场中，假设电场区域足够大，静止时细线与竖直方向夹角为37=，小球在运动过程中电荷量始终保持不变，重力加速度为g。（210m/sg=，sin370.6=°，co

s370.8=°）的（1）求匀强电场电场强度E；（2）若剪断细线，求小球运动2s后的速度大小。【答案】（1）150N/C，方向水平向右（2）25m/s【解析】【小问1详解】以小球为对象，根据受力平衡可知，小球受到的电场力水

平向右，则有tanqEmg=解得场强大小为tan150N/CmgEq==由于小球带正电，所以电场强度方向水平向右【小问2详解】若剪断细线，小球受到重力和电场力的合力方向沿剪断前的细线方向向下，则合力大小为cosmgF=合小球的加速度大小为212.5m/

scosFgam===合则小球运动2s后的速度大小为25m/svat==16.在电场中，将带电量为9210C−的负点电荷从A点移动到B点，克服静电力做了8410J−的功；将该电荷从B点移动到C点，电势能增加了8810J−。设C点的电势0C

=，求：（1）A、B两点间的电势差ABU；（2）B点的电势B；（3）将一个带电量相同的正电荷从A点移动到C点，静电力做的功。【答案】（1）20V（2）40V。（3）71.210J−【解析】【小问1详解】将带电量为9210C−的负点电荷从A点移动到B点，克服静电力做了8410

J−的功，根据ABABWqU=可得982V40100V12ABABWUq−−==−=−【小问2详解】将该电荷从B点移动到C点，电势能增加了8810J−，设C点的电势0C=，则该电荷在C点的电势能为0，可知

该电荷在B点的电势能为8p810JBE−=−根据pEq=可得B点的电势为89V81020V401B−−−==−【小问3详解】由于20VABABU=−=，40VB=可得60VA=则将一个带电量相同的正电荷从A点移动到C点，

静电力做的功为97210(600)J1.210JACACWqU−−=−==17.如图所示，半径3mR=的光滑圆弧形绝缘轨道与水平绝缘轨道平滑连接于A点。将质量0.3kgm=的滑块（可视为质点）从水平轨道上的P点（图中未画出）由静止释放后，滑块沿轨道开始

运动，在运动过程中，滑块始终受到一水平向右的恒力作用。已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数13=，水平恒力4NF=，P、A两点间的距离5mL=，取重力加速度大小210m/sg=。求：（1）滑块从P点运动到A点所用的时间t；（2

）滑块运动到圆弧轨道最右端B点时，圆弧轨道对滑块的弹力大小NF。（3）在其他条件不变的情况下，仅改变P的位置，为使滑块不在ABCD间离开轨道，求P、A两点间距离s的取值范围。【答案】（1）1s（2）16N（3）03ms或10.5ms【解析】【小问1详

解】滑块从P点运动到A点，根据牛顿第二定律可得Fmgma−=解得加速度大小为210m/sa=根据运动学公式可得212Lat=解得滑块从P点运动到A点所用的时间为21sLta==【小问2详解】滑块从P点运动到B点过程，根据动能定理可得21()02BFLRmgLmgRm

v+−−=−解得230m/sBv=在B点，根据牛顿第二定律可得2NBvFFmR−=解得圆弧轨道对滑块的弹力大小为N16NF=【小问3详解】滑块在光滑圆弧轨道受到重力和水平恒力合力大小为22()5NFFmg=+=合重力和

水平恒力的合力方向与竖直方向的夹角满足4tan3Fmg==可得53=如图所示图中E点为等效最低点，G点为等效最高点，仅改变P的位置，为使滑块不在ABCD间离开轨道；当滑块刚好到达图中F点速度为0时，根据动能

定理可得11(cos)(1sin)0FsRmgsmgR+−−+=解得13ms=当滑块刚好经过等效最高点G时，重力和水平恒力的合力刚好提供向心力，则有2QvFmR=合解得52m/sQv=的根据动能定理可得2221(sin)(1cos)02QFsRmg

smgRmv−−−+=−解得210.5ms=为使滑块不在ABCD间离开轨道，P、A两点间距离s的取值范围为03ms或10.5ms