【文档说明】甘肃省定西市岷县第二中学2019-2020学年高一下学期期末考试数学试卷【精准解析】.doc，共(15)页，693.000 KB，由小赞的店铺上传

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数学一、选择题1.下列各角中，与60°角终边相同的角是（）A.﹣60°B.600°C.1020°D.﹣660°【答案】D【解析】试题分析：与60°终边相同的角一定可以写成k×360°+60°的形式，kZ，令中2k可得，﹣66

0°与60°终边相同，故选D．考点：角的概念，终边相同的角．2.甲、乙、丙三人随意坐下，乙不坐中间的概率为（）A.23B.12C.13D.34【答案】A【解析】甲、乙、丙三人随意坐下有3A63种结果，乙坐中间则有2A22，乙不坐中间有624种情况，概

率为4263，故选A.点睛：有关古典概型的概率问题，关键是正确求出基本事件总数和所求事件包含的基本事件数．(1)基本事件总数较少时，用列举法把所有基本事件一一列出时，要做到不重复、不遗漏，可借助“树状图”列举．(2)注意区分排列与组合，以及

计数原理的正确使用.3.执行如图所示的程序框图，输出的s值为A.12B.56C.76D.712【答案】B【解析】分析：初始化数值1,1ks，执行循环结构，判断条件是否成立，详解：初始化数值1,1ks循环结果执行如下：第一次：1111(1),2,2322

skk不成立；第二次：2115(1),3,33236skk成立，循环结束，输出56s，故选B.点睛：此题考查循环结构型程序框图，解决此类问题的关键在于：第一，要确定是利用当型还是直到型循环结构；第二，要准确表示累计变量；第三，要注意从哪一步开始循

环，弄清进入或终止的循环条件、循环次数.4.若角α是第二象限角，则是()A.第一象限角B.第二象限角C.第一或第三象限角D.第二或第四象限角【答案】C【解析】【分析】由角α是第二象限角，得到＋2kπ＜α＜π＋2kπ，k∈Z，，由此能求出-2是第

一或第三象限角．【详解】∵α是第二象限角，∴＋2kπ＜α＜π＋2kπ，k∈Z，∴＋kπ＜＜＋kπ，k∈Z.当k为偶数时，是第一象限角；当k为奇数时，是第三象限角【点睛】本题考查角所在象限的求法，考查象限角等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是基础题．

5.将93化为二进制数为（）A.21110101B.21010101C.21011101D.21111001【答案】C【解析】【分析】利用“除2取余法”即可得93的二进制数.【详解】解：利用“除2取余法”得

：93246余1，46223，23211余1，1125余1，522余1，221，120余1，可得2931011101.故选：C.【点睛】本题考查二进制和十进制的转化，是基础题.6.为了解

1000名学生的学习情况，采用系统抽样的方法，从中抽取容量为40的样本，则分段的间隔为（）A.50B.40C.25D.20【答案】C【解析】试题分析：由题意知，分段间隔为10002540，故选C.考点：本题考查系统抽样的

定义，属于中等题.7.下列抽取样本的方式属于简单随机抽样的个数为()①从无限多个个体中抽取100个个体作为样本.②盒子里共有80个零件，从中选出5个零件进行质量检验.在抽样操作时，从中任意拿出一个零件进行质量检验后再把它放回盒子里.③从20件玩具中一次性抽取3件进行质量检验.④某班有56名同学

，指定个子最高的5名同学参加学校组织的篮球赛.A.0B.1C.2D.3【答案】A【解析】【分析】一般地，设一个总体含有N个个体，如果通过逐个抽取的方法从中抽取一个样本，且每次抽取时各个个体被抽到的概率相等，则这样的抽样方法叫做简单随机抽样，据此定义逐项判断即可.【详解】①不是简单随机抽样，因为

被抽取样本的总体的个数是无限的，而不是有限的；②不是简单随机抽样，因为它是有放回抽样；③不是简单随机抽样，因为这是“一次性”抽取，而不是“逐个”抽取；④不是简单随机抽样，因为不是等可能抽样.故选：A.【点睛】本题主要考查简单随机抽样的概念，属于基础题

，解答此题的关键是正确理解简单随机抽样的定义.8.用秦九韶算法计算多项式654324342579fxxxxxxx（）在x=4时的值时，3V的值为（）A.322B.80C.19D.223【答案】A【解析】

x=4时,,,,,故选择A9.如图，正方形ABCD内的图形来自中国古代的太极图，正方形内切圆中的黑色部分和白色部分关于正方形的中心成中心对称，在正方形内随机取一点，则此点取自黑色部分的概率是A.14B.8C.12D.4【答案】B【解析】设正方

形边长为a，则圆的半径为2a，正方形的面积为2a，圆的面积为2π4a.由图形的对称性可知，太极图中黑白部分面积相等，即各占圆面积的一半.由几何概型概率的计算公式得，此点取自黑色部分的概率是221ππ248aa

，选B.点睛:对于几何概型的计算，首先确定事件类型为几何概型并确定其几何区域（长度、面积、体积或时间），其次计算基本事件区域的几何度量和事件A区域的几何度量，最后计算()PA.10.一名小学生的年龄和身高（单位：cm）的数据如下表：由散点图可知，身高y与年

龄x之间的线性回归方程为ˆy=8.8x+ˆa，预测该学生10岁时的身高为（）A.154B.153C.152D.151【答案】B【解析】试题分析：由表格数据可知678915118126136144,131424xy，所以中心点为15,1312，代入回归方程得65a，

当10x时ˆ153y，该学生10岁时的身高为153考点：回归方程11.袋中装有3个白球，4个黑球，从中任取3个球，则①恰有1个白球和全是白球；②至少有1个白球和全是黑球；③至少有1个白球和至少有2个白球；④至少有1个白球和至少有1个黑球．在上述事件中，是互斥事件但

不是对立事件的为（）A.②B.①C.③D.④【答案】B【解析】【分析】根据互斥事件和对立事件的定义进行判断即可.【详解】记a表示白球，b表示黑球，从袋中任取3个球，共包括4个基本事件分别为,,,,,,,,,,,aaaaababbbbb对①，事件“恰有1个白球”包含的基本事件为

：,,abb，事件“全是白球”包含是基本事件为：,,aaa，由互斥事件和对立事件的定义可知，事件“恰有1个白球”和“全是白球”互为对立事件，但不是对立事件；对②，事件“至少有1个白球”包含的基本事件为：,,,,,,,,aaaaababb，事件“全是黑球”包含的基本事件为：,

,bbb，由互斥事件和对立事件的定义可知，事件“至少有1个白球”和“全是黑球”互为对立事件，也是对立事件；对③，事件“至少有1个白球”包含的基本事件为：,,,,,,,,aaaaababb，事件“至少有2个白球”包含的基本事件为：,,,,,aaaaab，由互斥事件和对立事

件的定义可知，事件“至少有1个白球”和“至少有2个白球”，既不是互斥事件也不是对立事件；对④，事件“至少有1个白球”包含的基本事件为：,,,,,,,,aaaaababb，事件“至少有1个黑球”包含的基本事件为：,,

,,,,,,aababbbbb，由互斥事件和对立事件的定义可知，事件“至少有1个白球”和“至少有1个黑球”，既不是互斥事件也不是对立事件；故选：B【点睛】本题主要考查了对立事件和互斥事件的判断，属于基础题.12.中国诗词大会的播出引发了全民读书热，某学校

语文老师在班里开展了一次诗词默写比赛，班里40名学生得分数据的茎叶图如右图，若规定得分不低于85分的学生得到“诗词达人”的称号，低于85分且不低于70分的学生得到“诗词能手”的称号，其他学生得到“诗词

爱好者”的称号.根据该次比赛的成绩按照称号的不同进行分层抽样抽选10名学生，则抽选的学生中获得“诗词能手”称号的人数为（）A.6B.5C.4D.2【答案】C【解析】【分析】有茎叶图，找出获得“诗词能手”的称号的学生人数，求得概率，再利用分层抽样求得答案.【详解】由茎叶图可得，低于

85分且不低于70分的学生共有16人，所以获得“诗词能手”的称号的概率为：162405所以分层抽样抽选10名学生，获得“诗词能手”称号的人数为：21045故选C【点睛】本题考查了茎叶图以及分层抽样，属于基础题.二、填空题13.一支田径队有男运动员49人

，女运动员42人，用分层抽样的方法从全体运动员中抽出一个容量为13的样本．则应抽取男运动员______人，女运动员______人．【答案】(1).7(2).6【解析】【分析】求出抽样比，即可求出结论.【详解】抽样比为13149427，所以抽取男运动员14977人，女运动员1426

7人．故答案为：7；6.【点睛】本题考查分层抽样样本的抽取，每个个体被抽取的概率都相等是解题的关键，属于基础题.14.888与1147的最大公约数为_____________.【答案】37【解析】利用辗转相除法：1147除以888，余数为259888除以259，余数为11125

9除以111，余数为37111除以37，余数为0所以888与1147的最大公约数为3715.若某群体中的成员只用现金支付的概率为0.45，既用现金支付也用非现金支付的概率为0.15，则不用现金支付的概率为______．【答案】0.4【解析】【分析】利用对立事件的概率公式求解即可.【详解】

由题意可知不用现金支付的概率为10.450.150.4故答案为：0.4【点睛】本题主要考查了利用对立事件的概率公式求概率，属于基础题.16.终边在直线3yx上的角的集合为________．【答案】|,3kkZ

【解析】【分析】由直线方程求出直线的倾斜角，再分别写出终边落在直线向上和向下方向上的角的集合，由集合的并集运算求出终边落在直线y=3x上的角的集合．【详解】终边在直线y＝3x上的角的集合为{α|α＝kπ＋3，k∈Z}，故答案为|,3kkZ

．【点睛】本题考查了终边相同角的集合求法，属于基础题．三、解答题：解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.在集合2,3A中随机取一个元素m，在集合1,2,3B中随机取一个元素n，得到点Pmn,，求点P在圆229xy内部的概率．【答案】13【解析】【分

析】根据条件列出点P坐标的所有情况，再求出在圆229xy内部点P个数，由古典概型的概率公式，即可求出结论.【详解】由已知得点Pmn,共有2,1，2,2，2,3，3,1，3,2，

3,3，6种情况，只有2,1，2,2这2个点在圆229xy的内部，故所求概率为2163．【点睛】本题考查古典概型的概率，用列举法求基本事件要做到不重不漏，属于基础题.18.（1）已知扇形的周长为8，面积是4，求扇形的圆心角．（2）已知扇形的周长为40，

当它的半径和圆心角取何值时，才使扇形的面积最大？【答案】（1）2；（2）当半径为10圆心角为2时，扇形的面积最大，最大值为100．【解析】【分析】（1）设扇形的圆心角大小为()rad，半径为r，根据扇形周长公式和扇形面积公式，列出等式，联立求出扇形的圆心角；（2）设扇形的

半径和弧长分别为r和l,通过扇形的周长为40，可以得到等式，这样可以用l表示r，用r的代数式表示出扇形的面积，利用二次函数的性质，求出当扇形的面积最大时，扇形的的半径和圆心角的大小.【详解】（1）设扇形的圆心角大小为()rad，半径为r，则由题意可得：212

8,42rrr．联立解得：扇形的圆心角2．（2）设扇形的半径和弧长分别为r和l,由题意可得240rl，∴扇形的面积21(10)1001002Slrr．当10r时S取最大值，此时20l，

此时圆心角为2lr==，∴当半径为10圆心角为2时，扇形的面积最大，最大值为100．【点睛】本题考查了扇形周长、面积公式、二次函数的最值，考查了数学运算能力.19.某市为了制定合理的节水方案，对居民用水情况进行了调查，通过抽样，获得了某年100位居民每人的月均用水量（单位：吨），将数据按照

0,0.5,0.5,1,,4,4.5分成9组，制成了如图所示的频率分布直方图.（1）求直方图中的a值；（2）设该市有30万居民，估计全市居民中月均用水量不低于3吨的人数，说明理由.【答案】（1）0.3；（2）3.6万.【解析】【详解】试题分析：（1）有频率之和等于

10.3a；（2）频率0.12300.1236万.试题解析：（I）∵1=（0.08+0.16+a+0.42+0.50+a+0.12+0.08+0.04）×0.5整理可得：2=1.4+2a，∴解得：a=0.3（II）估计全市居民中月均用水量不低于3吨的人数为3.6万，理由如下：由已知

中的频率分布直方图可得月均用水量不低于3吨的频率为（0.12+0.08+0.04）×0.5=0.12，又样本容量为30万，则样本中月均用水量不低于3吨的户数为30×0.12=3.6万．20.下表提供了某厂节能降耗技术改造后生

产甲产品过程中记录的产量x(吨)与相应的生产能耗y(吨)标准煤的几组对照数据x3456y2.5344.5(1)请根据上表提供的数据，用最小二乘法求出y关于x的线性回归方程ybxa；(2)已知该厂技改前100吨甲产品的生产能耗为90吨标准煤．试根据(1)求出

的线性回归方程，预测生产100吨甲产品的生产能耗比技改前降低多少吨标准煤?参考公式：1122211()()nniiiiiinniiiixxyyxynxybxxxnxaybx

【答案】(1)y=0.7x+0.35；(2)19.65吨．【解析】【分析】（1）利用回归直线方程计算公式，计算出回归直线方程.（2）令100x，求得改造后的能耗，用原来的能耗减去改造后的能耗，求得生产能耗

比技改前降低的标准煤吨数.【详解】（1）由对照数据，计算得2441186,66.5iiiiixxy，x=4.5，y=3.5，∴回归方程的系数为^266.544.53.58644.5b=0.7，^^aybx=3.5-0.7

×4.5=0.35，∴所求线性回归方程为y=0.7x+0.35；（2）由（1）求出的线性回归方程，估计生产100吨甲产品的生产能耗为0.7×100+0.35=70.35（吨），由90-70.35=19.65，∴生产100吨甲

产品的生产能耗比技改前降低19.65吨．【点睛】本小题主要考查回归直线方程的计算，考查用回归直线方程进行预测，考查运算求解能力，属于基础题.21.某学校为了分析在一次数学竞赛中甲、乙两个班的数学成绩，分别从甲、乙两个班中随机抽取了10个学生的成绩，成绩的茎叶图如下：（1）根据茎叶图，计算甲

班被抽取学生成绩的平均值x及方差2s（2）若规定成绩不低于90分的等级为优秀，现从甲、乙两个班级所抽取成绩等级为优秀的学生中，随机抽取2人，求这两个人恰好都来自甲班的概率．【答案】(1)86，54.8.(2)17.【

解析】试题分析：（Ⅰ）根据平均数计算公式及方差计算公式得86x，254.8s（Ⅱ）甲、乙两个班级等级为优秀的学生分别有3个和4个，利用列举法得抽取2人基本事件数为21，而两个人恰好都来自甲班的事件数

为3个，因此所求概率为31217试题解析：（Ⅰ）17281818385878790931018610x，2222222222217286818681868386858687868786908693861018610s

119625259111164922554.810.（Ⅱ）记甲班获优秀等次的三名学生分别为：123,,AAA，乙班获优秀等次的四名学生分别为：1234,,,BBBB.记随机抽取2人为事件A，这两人恰好都来自甲班为事

件B.事件A所包含的基本事件有：12131112131423,,,,,,,,,,,,,,AAAAABABABABAA21,,AB222324313233

341213,,,,,,,,,,,,,,,,,,ABABABABABABABBBBB1423,,,,BBBB2434,,,BBBB共21个，事件B所包含的基本事件有：121323,,,,,AAAAA

A共3个，所以31217PB.考点：茎叶图，古典概型概率【方法点睛】古典概型中基本事件数的探求方法(1)列举法.(2)树状图法：适合于较为复杂的问题中的基本事件的探求.对于基本事件有“有序”与“无序”区别的题目，常采用树状图法.(3)

列表法：适用于多元素基本事件的求解问题，通过列表把复杂的题目简单化、抽象的题目具体化.(4)排列组合法：适用于限制条件较多且元素数目较多的题目.22.（1）从2，3，8，9中任取两个不同的数字，分别记为ab、，求logab为整数的概率？（2）两人相约在7点到8点在某地会面，

先到者等候另一个人20分钟方可离去．试求这两人能会面的概率？【答案】（1）16；（2）59【解析】【分析】（1）分别求出基本事件总数及logab为整数的事件数，再由古典概型概率公式求解；（2）建立坐标系，找出会面的区域，用会面的区域面积比总区域面积

得答案．【详解】（1）所有的基本事件共有4×3=12个，记事件A={logab为整数}，因为23log83,log92，则事件A包含的基本事件共有2个，∴p（A）=16；（2）以x、y分别表示两人到达时刻，则060,060xy．两人能会面的充要条件是20xy．建立直

角坐标系如下图：∴P=2226060205609OABCSS阴．∴这两人能会面的概率为59．【点睛】本题考查古典概型与几何概型概率的求法，考查数学转化思想方法，是基础题．