【文档说明】河北省保定市六校联盟2024-2025学年高一上学期11月期中联考试题 物理 Word版含解析.docx，共(9)页，899.368 KB，由小赞的店铺上传

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六校联盟2024年11月期中联考高一物理试题考生注意：1．本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2．答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3，考生作

答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿

纸上作答无效。4．本卷命题范围：必修一前三章。一、单选题：本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．北京时间2024年7月31日，巴黎奥运会跳水女子双人10米跳台决赛，中国选手全红婵、陈芋汐以完美的动作和总分359.10分的绝对优势获得金

牌，在比赛过程中，全红婵和陈芋汐是绝对同步的，下列说法正确的是（）A．在下落过程中全红婵感觉水面是静止的B．起跳瞬间全红婵和陈芋汐的加速度相等C．全红婵的速率越大，其惯性越大D．下落和入水过程中全红婵可以看成质点2．如图所示，

一舰载机在航母甲板上直线弹射起飞过程中，在1s内速度大小从零变为10m/s；一足球在草地上做直线运动过程中，在8s内速度大小从20m/s减为零．对于上述两个过程，下列说法不正确的是（）A．舰载机的速度变化量比足球的速度变化量大B．舰载

机的平均加速度比足球的平均加速度大C．题述中的“10m/s”“20m/s”均指的是瞬时速率D．足球运动过程中的速度方向与加速度方向相反3．靠墙静蹲是一种流行的健身运动，动作要点是双脚分开与肩同宽，双手放于大腿上，背部紧

贴墙面缓慢下蹲至大腿与地面平行，然后保持住处于静蹲状态，除了靠墙的静蹲，背靠瑞士球的静蹲也是经常看到的，如图所示为一女士借助瑞士球做靠墙静蹲运动，女士后背部保持挺直且倚靠在瑞士球上，瑞士球则倚靠在竖直墙面上，此时女士和瑞士球都处于静止状态．下列说法正确的是

（）A．瑞士球总共受到3个力作用B．女士的脚不受地面的摩擦力作用C．女士对瑞士球的弹力是由女士的形变产生的D．女士对瑞士球的弹力与墙壁对瑞士球的弹力是一对相互作用力4．“枫叶落秋风，片片枫叶转”，离地高5m处的枫树树梢上一片枫叶在萧

瑟的秋风中飘落到地面，完成了它最后叶落归根的使命．则它落到地面的时间可能是（）A．0.1sB．0.3sC．1sD．3s5．汽车匀加速经过笔直的公路边的等间距的树木，设经过第1棵树时的速度为0v，经过第4棵树时的速度为v，则它经过第2棵

树时的速度为（）A．02vv+B．2202vv+C．22023vv+D．22023vv+6．如图所示，光滑竖直墙壁上有一颗钉子，分两次用长短不同的轻绳将同一个足球挂在该钉子上，足球分别静止在AB、两点；绳子拉力分别为

AT和BT，墙对足球的支持力分别为NAF和NBF，则（）A．,ABNANBTTFFB．NANB,ABTTFFC．,ABNANBTTFFD．NANB,ABTTFF7．如图所示是某质点运动的速度—时间图

像，由图像可知（）A．在2st=时，该质点的速度方向发生了改变B．在2~4s内该质点的位移是24mC．在0~2s内该质点的位移是6mD．在4~6s内该质点运动的加速度是23m/s二、多选题：本题共3小题，每小题6分，部分3分，共18分。8．关于物体的重力和重心，下列说

法中正确的是（）A．重力的方向总是竖直向下的B．重力就是地球对物体的吸引力C．物体的形状改变时，它的重心位置可能随之改变D．重心就是物体上最重的一点9．用三根细线abc、、将重力均为G的两个小球1和2连接，并悬挂如图所示．两小球处于静止状态，细线a与竖直方向的夹角为30，细线c水平，则（）A．细

线a对小球1的拉力大小433aFG=B．细线c对小球2的拉力大小233cFG=C．细线b对小球2的拉力大小213bFG=D．细线b对小球1的拉力大小为G10．甲、乙两车在同一平直公路不同车道上行驶的位置随时间变化的

关系图像如图所示，已知乙车做匀变速直线运动，其图线与t轴相切于6s处，则0~6s过程中，下列说法正确的是（）A．甲车做匀加速直线运动B．甲车的位移大小为120mC．乙车的初速度大小为40m/sD．乙车的加速度大小为25m/s三、非选择题

：本题共5小题，共54分。11．（8分）在研究匀变速直线运动实验中，某同学得到的一条纸带如图所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G等7个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点没有画出．（1）设打点计时器打点

周期为T，打F点时速度为Fv，则计算Fv的公式为Fv=______（用T和图中已知物理量表示）．（2）图中1234562.00cm4.50cm7.60cm11.30cm15.50cm20.20cmdddddd==

====、、、、、，打点计时器打点周期为0.02s，则小车运动的加速度a=______2m/s。（结果保留2位有效数字）。（3）如果当时电网中交变电流的频率是52Hzf=，而做实验的同学并不知道，由此引起的______（选填“系统”或“偶然”）误差将使加速度的测量值比实际值偏______（选填“大

”或“小”）．12．（8分）如图所示是小华物理学习小组探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验．（1）观察图甲、乙，发现弹簧测力计的示数12FF，由此可知：在接触面粗糙程度相同时，______越大，滑动摩擦力

越大．（2）在实验后交流的过程中，小华发现有同学设计的实验装置如图丁所示，实验时，在托盘中放入适量的砝码，使木块做匀速直线运动．（滑轮的摩擦不计）请回答下列问题：①为了测木块滑动摩擦力，需要测量物理量是______（填编号）．A．木板的

质量1mB．木块的质量2mC．砝码的质量3mD．托盘和砝码的总质量4m②小华猜想：摩擦力的大小可能跟接触面的面积有关．于是，他在上述实验的基础上，将木块沿竖直方向切去一部分后，用剩下的部分继续进行实验，测得的滑动摩擦力变小，由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小，你认为她的探究过

程存在的问题是______，正确的做法是：小华将木块沿竖直方向切去一部分后，只要将______，就可以进行实验并得出正确结论．13．（9分）如图所示，某质点沿边长3m,4mABBC==的矩形从A点沿逆时针方向匀速率运动，在5s内运动了矩形周长的一半到达C点．求：（1）质点的位移

的大小和路程；（2）平均速度和平均速率．14．（14分）如图所示，竖直平面内有半径为R的光滑半圆弧形轻杆，圆心为O，其直径AB位于水平桌面上，原长为R的轻弹簧一端固定在A点，另一端连接着质量为m的小球，小球套在弧形杆上的C点处于静止状态．已知OC与水平

面间的夹角为60=，重力加速度为g．（1）画出小球的受力示意图；（2）求半圆弧形轻杆对小球的弹力大小；（3）求弹簧的劲度系数．15．（15分）如图所示，在离地面高H处以010m/sv=的速度竖直向上抛出一个小球，地面上有一长5

mL=的小车，其前端M距离抛出点的正下方4ms=，小球抛出的同时，小车由静止开始向右做212m/sa=的匀加速直线运动．已知小球在空中运动的总时间为4s,gt=取210m/s，忽略空气阻力及小车的高度，求：（1）小球抛

出点离地面的高度H；（2）小球落地前最后一秒的位移大小x；（3）当小车末端N到达抛出点正下方时，便立即做加速度大小恒为2a，方向与此时速度方向相反的匀变速直线运动，为了让小车接住小球，试确定加速度大小2a的范围．六校联盟2024年11月期中联考·高一物理参考答案、提示及评

分细则1．B在全红婵跳水下落过程中，全红婵感觉水面是向上运动的，故A错误；全红婵和陈芋汐是绝对同步的，故起跳瞬间加速度相同，故B正确；全红婵的速率越大，由于质量不变，所以惯性不变，故C错误；入水过程中，全红婵的形状大小不能忽略不计，不可以将全红婵看成质点，故D错误．故选B．2．A3．C瑞士球受重

力、墙壁对其的弹力和摩擦力、女士对其的弹力和摩擦力，共5个力作用，故A错误；女士在水平方向上受力平衡，由于瑞士球对女士有水平向左的弹力，所以地面对女士一定有水平向右的摩擦力，故B错误；女士对瑞士球的弹力是由女士的形变产生的，故C正确；女士对

瑞士球的弹力与墙壁对瑞士球的弹力是一对平衡力，故D错误．故选C．4．D5．C设两棵树之间的距离为x，则依题意有22023vvax−=，设经过第2棵树时的速度为2v，则有22202vvax−=，联立可得220223vvv+=，故选C．6．B设轻绳与墙壁间的夹角为，由平衡条件可得Ncos,sinT

mgTF==，解得N,tancosmgTFmg==。由图可知AB，故NAN,ABBTTFF，故选B．7．D由图可知，第2s末前后速度都取负值，所以在2st=时，该质点的速度方向没有改变，故A错

误；在速度图像中，面积表示位移，在24s内该质点的位移大小是()426m12mx=−=，故B错误；在速度图像中，面积表示位移，在0～2s内横轴上方三角形面积与横轴下方三角形面积相等，所以在02s内该质点的位移是0，故C错误；在速度图像中，斜率表示加速度

，在46s内该质点运动的加速度是()2206Δm/s3m/sΔ64vat−−===−，故D正确．8．AC9．ABC将两小球看作一个整体，对整体受力分析，如图所示，根据平衡条件可得cos302aFG==，s

in30acFF=，联立得4323,33acFGFG==，故A、B正确；对2小球隔离分析，利用平衡条件可得22213bcFGFG=+=，则细线b对小球2和小球1的拉力都为213G，故C正确，D错误．故选AB

C．10．BD11．（每空2分）（1）6410ddT−（2）0.55（3）系统小解析：（1）由于设打点计时器打点周期为T，每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，那么每相邻两计数点之间间隔为5T，在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度大

小等于该过程中的平均速度，打F点时速度为：642510EGFxddvTT−==．（2）根据2ΔxaT=，依据逐差法有：()222632220.2027.60102m/s0.56m/s2252250.02ddaT−−−===．（3）如果在某次

实验中，交流电的频率为52Hz，那么实际周期小于0.02s，属于系统误差，根据运动学公式2Δxat=得真实的加速度值就会偏大，所以测量的加速度值与真实的加速度值相比是偏小的。12．（每空2分）（1）压力（2）①D②未控制压力一定将截去部分叠在剩余部分上面解析：（1）甲、乙两图接触面粗糙程度

相同，压力不同．弹簧测力计的示数12FF．由此可知，在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。（2）①在图丁的实验设计中，对木块的拉力来自托盘和砝码的总重力，所以为了测量木块的滑动摩擦力，需要测量的物理量是托盘和砝码的总质量4m。故

选D．②小华在探究过程中没有控制压力大小一定，不符合控制变量法的要求，因此结论不可靠．正确的做法是：将木块沿竖直方向截去一部分后，将截去部分叠在剩余部分上面进行实验，这样即保证接触面粗糙程度相同，也保证了压力不变，符合控制变量法的要求．13．（9分）解：（1）位移是初末位置的有向线段，所

以质点位移的大小2234m5mACx=+=路程为7mABBCsss=+=（2）平均速度为1m/sACxtv==方向由A指向C平均速率为1.4m/ssvt==14．（14分）解：（1）根据题意小球受重力mg、弧形杆对小球的弹力NF和弹簧弹力F弹三个力作用，受力示意图如图．（2）60,O

AOC==，所以30CAOACO===对小球受力正交分解，由平衡条件可得水平方向有NcoscosFF=弹竖直方向有NsinsinFmgF=+弹联立解得N3,FmgFmg==弹（3）由几何关系得AC长为2cos3LRR==由胡克定律得()FkLR=−

弹联立解得弹簧的劲度系数为()312mgkR+=15．（15分）解：（1）以竖直向上为正方向，初速度010m/sv=，加速度ag=−，由竖直上抛规律得()2012Hvtgt=+−解得40mH=−则小球抛出点离地面的高度为40m（

2）小球做上抛运动所用时间为001svtg==因此下落总时间为3s，小球落地前最后一秒的位移大小()22132m25m2xg=−=（3）小车车尾到达抛出点正下方时间为1t，由21112sLat+=解得13st=速度为116m/svat==当小车车尾刚好接住小球，则()()21121

102xvttatt=−−−=解得2212m/sa=当小车车头刚好接住小球，则()()2212112xvttattL=−−−=−解得2222m/sa=故为了让小车接住小球，加速度大小2a的范围为22212m/s22

m/sa