【文档说明】山西省大同市一中2022-2023学年高一3月考试生物试题Word版含解析.docx，共(20)页，173.104 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-64f242f75dba205433f2e9f21b19d7ad.html

以下为本文档部分文字说明：

2022～2023—2高一年级3月学情检测生物试题一、选择题1.下列现象中未体现性状分离的是（）A.黑色长毛兔与白色长毛兔交配，后代出现比例相等的黑色长毛兔和白色长毛兔B.F1的短毛雌兔与短毛雄兔交配，后代中既

有短毛兔，又有长毛兔C.花斑色茉莉花自交，后代中出现绿色、花斑色和白色三种茉莉花D.F1的高茎豌豆自交，后代中既有高茎豌豆，又有矮茎豌豆【答案】A【解析】【分析】性状分离是指具有一对相对性状的亲本杂交，F1全部个体都表现显性性状，F1自交，F2个体同时表现显性性状和隐性性状的现象

，即在杂种后代中，同时显现出显性性状和隐性性状的现象。【详解】A、白色长毛兔在亲代和子代中都有，黑色长毛兔与白色短毛兔交配，后代出现一定比例的白色长毛兔，不是性状分离，A错误；B、F1的短毛雌兔与短毛雄兔交配，后代中出现短毛兔（显性性状）和长毛兔（隐性性状）的现象称为性状

分离，B正确；C、花斑色茉莉花自交，后代中出现绿色、花斑色和白色三种茉莉花，说明绿色对白色是不完全显性，花斑色是杂合子，所以花斑色茉莉花自交，后代中出现绿色、花斑色和白色三种茉莉花属于性状分离，C正确；D、F1的高茎豌豆自交，后代既出现高茎（显性性状）豌豆又出现矮茎（

隐性性状）豌豆的现象属于性状分离，D正确。故选A。2.下列有关孟德尔验证分离定律实验的说法正确的是（）A.孟德尔进行遗传实验研究获得成功原因之一是先研究多对相对性状再研究一对相对性状B.纯合高茎和矮茎豌豆杂交得

F1，F1自交得F2，F2植株中2/3的个体不能稳定遗传C.孟德尔基因分离定律发现过程中，“演绎推理”指的是设计对F1进行测交，后代高茎与矮茎的比例应为1：1D.孟德尔关于豌豆一对相对性状的杂交实验中，需在花蕾期对父本去雄【答案】C【解析】【分析】孟德尔获得成功的原因有

：1.正确地选用试验材料是孟德尔获得成功的首要条件。孟德尔在做杂交试验时选用了豌豆作试验材料，这是因为豌豆不仅是闭花受粉植物，自然状态下是纯种，而且有很多容易区分的相对性状。2.在对生物的性状进行分析时，孟德尔首先只针对一对相对性状的传递情况进行

研究，在弄清一对相对性状的传递情况后，再研究两对、三对，甚至多对相对性状的传递情况。这种由单因素到多因素的研究方法也是孟德尔获得成功的重要原因。3.孟德尔在进行豌豆的杂交试验时，应用统计学方法对实验结果进行分析，这是孟德尔获得成功的又一个重要原因。4.孟德尔还科学地设计

了试验的程序。他在对大量试验数据进行分析的基础上，合理地提出了假说，并且设计了新的试验来验证假说，这是孟德尔获得成功的第四个重要原因。【详解】A、孟德尔进行遗传实验研究获得成功原因之一是先研究一对相对性

状再研究多对相对性状，A错误；B、纯合高茎（DD）和矮茎（dd）豌豆杂交得F1（Dd），F1自交得F2，F2植株中1/2的杂合子（Dd）个体不能稳定遗传，B错误；C、孟德尔基因分离定律发现过程中，“演绎推理”指的是设计对F1进行测交实验

，若成对的遗传因子彼此分离，则后代中高茎与矮茎的比例应为1∶1，C正确；D、孟德尔关于豌豆一对相对性状的杂交实验中，需在花蕾期对母本去雄，而父本需要提供花粉，不能去雄，D错误。故选C。3.孟德尔用纯合的高茎（DD）和矮茎（dd）杂交

得到F1高茎豌豆，下列关于F1自交时产生的配子叙述正确的是（）A.含D的雌配子和雄配子数量比例是1：1B.含D的雌配子和含d的雌配子数量比例是1：1C.配子中D和d成对存在D.含D的雌配子与含D的雄配子结合的概率较大【答案】B【

解析】【分析】配子是指生物进行有性生殖时由生殖系统所产生的成熟性细胞，简称生殖细胞。配子分为雄配子和雌配子，动物和植物的雌配子通常称为卵细胞,而将雄配子称为精子。子一代杂种形成配子种数与杂交中包括的相对性状对数关系为2的n次方（n为

相对性状对数）。【详解】A、大部分生物雌配子数量小于雄配子数量，所以含D的雌配子数量比雄配子少，A错误；B、配子只有D或d两种，且两种比例为1:1，B正确；C、在形成配子过程中D与d分离，分别进入两个配子，所与在配子中D和d不成对存在，C错误

；D、雌、雄配子的结合是随机的，所以各种配子结合的概率相同，D错误。故选B。【点睛】本题考查分离定律相关内容，需明确配子的形成与结合的相关知识。4.豌豆的红花与白花是一对相对性状（分别由A、a基因控制），现有一批基因型为AA与Aa的红花豌豆，两者的数量之比是3：1，自然

状态下其子代中基因型为AA、Aa、aa的数量之比为（）A.13：2：1B.49：14：1C.1：2：1D.9：6：1【答案】A【解析】【分析】1、豌豆是自花传粉植物，而且是闭花授粉，所以AA的个体后代都是AA，Aa的个体后代

会出现性状分离。2、基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。【详解】根据题

意分析可知：AA：Aa=3：1，AA占3/4，Aa占1/4，豌豆自然状态下通过自花传粉繁殖，子代AA占3/4+1/4×1/4＝13/16，Aa占1/4×1/2＝2/16，aa占1/4×1/4＝1/16。因此，自然状态下其子代

中基因型为AA、Aa、aa的数量之比为13：2：1，A正确，BCD错误。故选A。5.把黄玉米和白玉米间行种植在一块试验田里，让它们在自然的条件下传粉，结果黄玉米结出的果穗上子粒全部是黄色，白玉米结出的果穗上子粒有黄有白。下列叙述不正确的是（）A.黄色对白

色是显性，黄玉米是纯合子，白玉米是杂合子B.黄色对白色为显性，黄玉米和白玉米都是纯合子C.白色对黄色为显性，白玉米是纯合子，黄玉米是杂合子D.白色对黄色为显性，白玉米和黄玉米都是纯合子【答案】ACD【解析】【分析】根据题意分析可知

：由于黄玉米与白玉米隔行种植、相互授粉，而黄玉米结出的果穗上籽粒全部是黄色，白玉米果穗上籽粒有黄色有白色，说明黄色对白色为显性。【详解】根据分析，白色为隐性性状只能是纯合子aa，黄色如果为杂合子Aa，则自交子代

会出现aa的白色性状，与题干不符，如果黄色为纯合子AA，黄色植株可以接受来自自身和白色植株的花粉，子代全为黄色，白色植株接受来自自身（a）和黄色植株的花粉（A），因此其子代基因型有Aa和aa，表现为黄色和白色，与题干一致，因此黄色对白色为显性，黄玉米和白玉米都是纯合子，故B正

确，ACD错误。故选ACD。6.人类并指（D）为显性遗传病，白化病（a）是一种隐性遗传病，已知控制两种病的基因遵循自由组合定律．一个家庭中，父亲并指，母亲正常，他们有一个患白化病但手指正常的孩子，这对夫妇再生一个孩子正常的概率是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】【详解】

由题意知，控制多指和白化病的基因位于2对同源染色体上，因此遵循基因的自由组合定律，设多指由B基因控制，白化病由a基因控制，则父亲并指、母亲正常的基因型分别是A_B_，A_bb、又知他们有一个患白化病但手指正常的孩子（aabb），因此这对夫妻的基因型为：AaBb和A

abb，因而再生一个孩子不患病的概率=3/4×1/2=3/8。故选C。7.已知牛的体色由一对等位基因（A、a）控制，其中基因型为AA的个体为红褐色，aa为红色，在基因型为Aa的个体中，雄牛为红褐色，雌牛为红色。现有一群牛，只有AA、Aa两种基因型，其比例为1：1，且雌

：雄=1：1。若让该群体的牛分别进行自交（基因型相同的雌雄个体交配）和自由交配，则子代的表现型及比例分别是（）A.自交红褐色：红色=1：1；自由交配红褐色：红色=4：5B.自交红褐色：红色=5：1；自由交配红褐色：红色=8：

1C.自交红褐色：红色=2：1；自由交配红褐色：红色=2：1D.自交红褐色：红色=3：1；自由交配红褐色：红色=3：1【答案】D【解析】【分析】根据题意，若该牛群进行自交，则1/2个体为AA×AA和1/2个体为Aa×Aa，故子代中AA的个体为1/2+1/2×1/4=5/8，aa的个体

为1/2×1/4=1/8，Aa的个体为1/2×1/2=1/4（各种基因型个体均为雌雄个体各一半）；若该牛群进行自由交配，则可产生的雌雄配子分别为3/4A和1/4a，故可做下表分析：3/4A1/4a3/4A9/16AA3/16Aa1/4a3/16Aa1/16aa即AA：Aa：

aa=9:6:1（各种基因型个体均为雌雄各一半）【详解】根据分析，该牛群自交后代中AA：Aa：aa=5:2:1，Aa的个体中雌雄各半，雌为红色雄为红褐色，故红褐色：红色=6:2=3:1；自由交配的后代中AA：Aa：aa=9:6:1，Aa中一半为雌性红色，一半为雄性红褐色，

故红褐色：红色=12:4=3:1，D正确，ABC错误。故选D。8.基因的自由组合定律发生于下图中哪个过程?A.①B.①和②C.②D.②和③【答案】A【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：①表示减数分裂

形成配子的过程；②表示雌雄配子随机结合产生后代的过程（受精作用）；③表示子代表现型种类数及相关比例。【详解】基因分离定律的实质：等位基因随着同源染色体的分开而分离；基因自由组合定律的实质是：非同源染色体上的非等位基因自由组合，而同源染色体的分离和非同源染色体自由组合都发生的减数

第一次分裂后期，所以基因分离定律和基因自由组合定律都发生在减数第一次分裂后期，即图中①过程；A正确。故选A。【点睛】9.已知某植物的抗病（A）和不抗病（a）、花粉长形（B）和花粉圆形（b）、高茎（D）和矮茎（d）三对性状能自由组合。现有4株纯合的植株，其基因型分别为：①aaBB

DD；②AABBDD；③aaBBdd；④AAbbDD．下列相关叙述不正确的是（）A.任意选择两植株杂交都能验证基因的分离定律B.欲验证基因的自由组合定律可选用的杂交组合只有①和④、②和③C.欲培育出基因型为

aabbdd的植株，可选择③和④进行杂交D.欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和任意植株杂交【答案】B【解析】【分析】1.基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色

体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代；2.基因自由组合定律实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合互不干扰，在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体的非等位基因自由组合。【

详解】A、由于任意选择两植株杂交都能产生含有等位基因的后代，因而可用于验证基因的分离定律，A正确；B、欲验证基因的自由组合定律，杂交后代至少含有两对等位基因，而杂交组合①和④、②和③、③和④均能产生含有两对等位基因的后代，B错误；C、欲培育出基因型为aabb

dd的植株，可选择③和④进行杂交，产生出AaBbDd,再让其自交即可产生出aabbdd的植株，C正确；D、欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和题中的其他任意植株杂交即可，因为产生的后代细胞中均含Bb等位基因，D正确。故选B。10.在豌豆

的两对相对性状遗传实验中，可能具有1：1：1：1比例关系的是（）①F1自交后代的性状分离比②F1产生配子类型的比例③F1测交后代的表现型比例④F1自交后代的基因型比例⑤F1测交后代基因型比例A.②③⑤B.②④⑤C.①②③D.①②

④【答案】A【解析】【分析】在豌豆的两对相对性状遗传实验中，双亲为具有两对相对性状的纯合子，F1为双杂合子，两对基因独立遗传。【详解】①F1是双杂合子，自交产生的后代性状分离比是9：3：3：1，①错误；②F1是双杂合子，

产生的配子有4种，比例是1：1：1：1，②正确；③测交是F1与隐性纯合子交配，由于F1是双杂合子，产生的配子有4种，隐性纯合子产生的配子是一种，所以测交后代的基因型、表现型都是4种，比例是1：1：1：1，③正确；④由于一对相对性状的遗传实验F1自交后代的基因型是三种，比例是

1：2：1，所以两对相对性状的遗传实验中F1自交后代的基因型是9种，④错误；的的⑤测交是F1与隐性纯合子交配，由于F1是双杂合子，产生的配子有4种，隐性纯合子产生的配子是一种，所以测交后代的基因型是4种，比例

是1：1：1：1，⑤正确。综上所述，在两对相对性状的遗传实验中，可能具有1：1：1：1比例关系的是②③⑤。故选A。【点睛】阅读题干可知，本题是与两对相对性状的遗传实验的比例相关的题目，根据选项涉及的内容回忆相关的比例关系进行判断。11.在完全显性及每对基因独立遗传的条件下，AaBbCC

与aaBbcc进行杂交，其子一代中表现型与双亲相同的个体占全部子代的A.1/4B.3/8C.5/8D.3/4【答案】B【解析】【分析】自由组合的实质：当具有两对（或更多对）相对性状的亲本进行杂交，在子一代产生配子时，在等位基因分离的同时，非同源染色体上的基因表现为自由组合。其实质是非

等位基因自由组合，即一对染色体上的等位基因与另一对染色体上的等位基因的分离或组合是彼此间互不干扰的，各自独立地分配到配子中去。因此也称为独立分配定律。【详解】因为每对基因独立遗传且完全显性，因此符合基因的自由组合定律，题中要求子一代

与双亲表现型相同个体的比例，即求表现型为A_B_C_和aaB_cc所占的比例。而表现型为aaB_cc个体数为0，所以只需求表现型为A_B_C_所出现的比例。Aa×aa→A_1/2，Bb×Bb→B_3/4，CC×cc

→C_1，所以A_B_C_出现的概率为1/2×3/4×1=3/8。故选B。12.已知A与a、B与b、C与c3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是（）A.表现型有8种，AaBbC

c个体的比例为1／16B.表现型有4种，aaBbcc个体的比例为1／16C.表现型有8种，Aabbcc个体的比例为1／8D.表现型有8种，aaBbCc个体的比例为1／16【答案】D【解析】【详解】本题考查遗传概率计算。后代

表现型为2x2x2=8种,AaBbCc个体的比例为1/2x1/2x1/2=1/8。Aabbcc个体的比例为1/2x1/2x1/4=1/16。aaBbCc个体的比例为1/4x1/2x1/2=1/1613.并指是由显性基因控制，某种先天性聋哑由隐性基因控制，这两种遗传病的基因独立遗传

。一对男性患并指、女性正常的夫妇，婚后生了一个手指正常的聋哑孩子。这对夫妇再生一个孩子为手指正常、先天性聋哑、既并指又先天性聋哑这三种情况的可能性依次是（）A.1/21/41/8B.1/41/81/2C.1/81/21/4D.1/41/21

/8【答案】A【解析】【分析】并指是由显性基因控制，某种先天性聋哑由隐性基因控制，这两种遗传病基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律。【详解】设多指症由显性基因A控制，手指正常由隐性基因a控制，先天性聋哑由隐性基因b控制，不聋哑由显性基因B控制，

一对男性患多指、女性正常的夫妇，婚后生了一个手指正常的聋哑孩子，说明这对夫妇的基因型为AaBb、aaBb，把成对的基因拆开，一对一对的考虑，不同对的基因之间用乘法，即根据分离定律来解自由组合的题目，Aa×aa→1/2Aa、1/2a

a，Bb×Bb→1/4BB、1/2Bb、1/4bb，则这对夫妇所生孩子中多指占1/2，手指正常占1/2，先天性聋哑占1/4，不先天性聋哑占3/4，故这对夫妇再生一个孩子为手指正常的可能性为1/2，先天性聋哑占1/4，既多指又先天性聋哑占1/2×1/4=1/8。故选A。14.木瓜

素有“岭南果王”的称号，如设其白色果（W）对黄色果（w）为显性，扁形果（D）对圆形果（d）为显性。纯合白色圆形果和纯合黄色扁形果杂交的后代再与“X植株”杂交，其后代中白色扁形果、白色圆形果、黄色扁形果、黄色圆形果的比是3：1：3：1，遗传遵循基因的自由组合定律。“X植株”的基因型是

（）A.WwddB.wwDDC.WwDdD.wwDd【答案】D【解析】【分析】根据结果后代中白色扁形果、白色圆形果、黄色扁形果、黄色圆形果的比是3∶1∶3∶1，可知两对性状分离比分别是扁形∶圆形=3∶1和白色∶黄色=1∶1，可判断亲本基因型为WwDd

×wwDd。【详解】已知南瓜中白色果（W）对黄色果（w）为显性，扁形果（D）对圆形果（d）为显性。则纯合白色圆形果（WWdd）和黄色扁形果（wwDD）杂交的后代基因型是WwDd，让其与“某植株”杂交，子代中白色∶黄色=1∶1，扁形果∶圆形果=3∶1，说明前者是测交，后者是杂合子自

交，所以与WwDd杂交的“某植株”基因型为wwDd。即D正确，ABC错误。故选D。15.玉米的高杆（D）对矮杆（d）为显性，茎杆紫色（Y）对茎杆绿色（y）为显性，两对性状独立遗传。的以基因型为ddYY和DDyy的玉米为亲本杂交得到的F

1自交产生F2。选取F2中的高杆绿茎植株种植，并让它们相互授粉，则后代中高杆绿茎与矮杆绿茎的比例为（）A.5：1B.8：1C.3：1D.9：7【答案】B【解析】【分析】自由交配即随机交配，指群体中的具有不同遗传因子组成

的个体之间均为随机交配，子代情况应将各自由交配子代的全部结果一并统计。题目中的相互受粉就是随机交配。如在一个种群中有三种基因型BB、Bb、bb，让该种群自由交配一代，则包括的组合有BB×BB、Bb×Bb、bb×bb，♀BB×♂Bb，♀Bb×♂BB，♀BB×♂bb

，♀bb×♂BB，♀Bb×♂bb，♀bb×♂Bb。基因型相同的个体间不需要强调正反交，但基因型不同的个体间需要正反交都考虑。自交是指遗传因子组成相同的生物个体间相互交配的方式。植物中指自花受粉或雌雄同株的异花受粉，子代情况只需统计自交结果。如只考虑一个种群的一对等位基

因B和b，种群个体的基因型为BB、Bb、bb，那么自交包括的组合有：BB×BB、Bb×Bb、bb×bb。【详解】依题意可知：F1的基因型为DdYy，在F2高杆绿茎D-yy植株中，基因型为Ddyy2/3，基因型为DDyy占1/3，

其中基因型为Ddyy2/3产生的雌雄配子有2种，分别为2/3×1/2=1/3Dy，2/3×1/2=1/3dy，其中基因型为基因型为DDyy1/3产生的雌雄配子有2种，分别为1/3×1/2=1/6Dy，1/3×1/2=1/6dy，所以在F2高杆绿茎D-yy植

株产生的配子中有2/3Dy和1/3dy，让它们相互授粉即随机交配，则后代中高杆绿茎D-yy：矮杆绿茎ddyy的比例=（1-1/3×1/3）：（1/3×1/3）=8：1，B项正确，A、C、D三项均错误。故选B。【点睛】本题重点考查孟德尔的基因的自由组合定律的应

用。难点是利用配子法计算F2中的高杆绿茎植株相互授粉娥后代中高杆绿茎与矮杆绿茎的比例。16.为研究玉米（2n=20）甜质性状的遗传，进行了以下实验：实验一：甜(甲)×甜(乙)→F1中植株全为非甜(丙)-→F2中非甜：甜：超

甜植株约为9：6：1实验二：非甜(丙)×超甜→子代中非甜：甜：超甜植株约为1：2：1下列判断错误的是（）A.玉米甜质性状的遗传遵循自由组合定律B.实验一中的F2共有9种基因型C.实验一中的F2中一株非甜玉米自交，后代只会出现三种表现型D

.实验一中的F2中全部非甜玉米自交，后代性状分离比约为25：10：1【答案】C【解析】【分析】本题的切入点为实验一中的F2的性状分离比为9∶6∶1，由此准确定位该性状受两对等位基因控制且其遗传遵循基因的自由组合定

律。在此基础上结合表中信息，围绕基因的自由组合定律等知识进行相关问题的分析。【详解】A、由实验一的结果可知甜质性状受位于非同源染色体上的两对基因控制，甜质性状的遗传遵循自由组合定律，A正确；B、实验一中甲、乙基因型

分别为AAbb与aaBB，F1基因型为AaBb，F1自交产生3种（AA、Aa、aa）×3种（BB、Bb、bb）=9种基因型，B正确；C、由F2可知A_B_为非甜，基因型aaB_、A_bb为甜，基因型aabb为超甜。F2的一

株非甜玉米，若基因型为AABB，则自交后代只有非甜一种表现型，若基因型为AaBB或AABb，则自交后代有甜与非甜两种表现型，若基因型为AaBb，则自交后代有非甜、甜、超甜种表现型，C错误；D、实验一中的F2中非甜玉

米中有1/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb，1/9AABB自交后代全为非甜，2/9AaBB自交后代非甜：甜=3：1，2/9AABb自交后代非甜：甜=3：1，4/9AaBb自交后代非甜：甜：超甜=9：6：1，所

以非甜所占比例为1/9＋2/9×3/4＋2/9×3/4＋4/9×9/16=25/36，甜所占比例为2/9×1/4＋2/9×1/4＋4/9×6/16=10/36，超甜所占比例为4/9×1/16=1/36，即非甜：甜：超甜=

25：10：1，D正确。故选C。17.用具有两对相对性状的纯种豌豆作亲本杂交获得F1，F1自交得F2，F2中黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒的比例为9∶3∶3∶1，与F2出现这样的比例无直接关系的是（）A.亲本必须是纯种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆B.F1产生

的雄、雌配子各有4种，比例均为1∶1∶1∶1C.F1自交时，4种类型的雄、雌配子的结合是随机的D.F1的16种配子结合方式获得的受精卵都能发育成新个体【答案】A【解析】【分析】分析题干信息：F2中出现黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱

粒四种表现型，比例为9∶3∶3∶1，可知F1是黄色圆粒的双杂合子。【详解】A、亲本可以是纯种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆，还可以是纯种黄色皱粒豌豆与纯种绿色圆粒豌豆，A错误；B、F1黄色圆粒产生的雄、雌配子各有4种，比例均为1∶1∶

1∶1，才能使子代出现9∶3∶3∶1，B正确；C、F1自交时4种类型的雄、雌配子的结合是随机的，即结合的机会是均等的，C正确；D、F1的16种配子结合方式获得的受精卵都能发育成新个体，即不同基因型的个体存活几率

要相等，D正确。故选A。18.某种闭花授粉植物，其花色有白色、红色和紫色，控制花色的基因与花色的关系如图所示。现选取白色、红色和紫色三个纯合品种做杂交实验，结果如下：实验一：红花×白花，F1全为红花，F2表现为红花∶白花=3

∶1；实验二：紫花×白花，F1全为紫花，F2表现为紫花∶红花∶白花=9∶3∶4。下列叙述错误的是（）A.控制花色的这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律B.实验一中F1红花植株的基因型为AabbC.通过

测交实验可验证F1基因型，原因是测交后代的表现型及比例可反映F1产生的配子类型和比例D.实验二中F2紫花植株中杂合子占1/2【答案】D【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：植物的花色由A和a、B和b两对等位基因（独立遗传）控制，遵

循基因的自由组合定律；基因控制生物性状的两种方式：一是通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状；二是通过控制蛋白质的结构直接控制生物体的性状。【详解】A.根据实验二中F2的表现型及其比例，可知F1紫花（AaB

b）能产生四种数量相等的雌雄配子，说明控制花色的这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律，A项正确；B.实验一中F1全为红花，F2中红花∶白花=3∶1.可知F1红花植株的基因型为Aabb，B项正确；C.测交是待测基因型的个体与隐性个体杂交，后

代表现型及比例只与待测个体产生的配子类型和比例有关，C项正确；D.实验二中F1紫花的基因型为AaBb，F2紫花中纯合子AABB占1/9，则杂合子占8/9，D项错误。故选D。【点睛】本题考查基因的自由组合定律及应用，要求考生结合

题意判断紫花、红色和白花可能的基因；对于此类试题，学生掌握两对等位基因共同控制生物性状时，F2中出现的表现型异常比例的分析。19.现用基因型为AABBCC的个体与基因型为aabbcc的个体杂交得到F1，将F1与隐性亲本测交，测交后代出现的四种基因型及其数目如表所示。下列有关分析错

误的是（）基因型aabbccAaBbCcaaBbccAabbCc数目203196205199A.测交结果说明F1产生了基因型为abc、ABC、aBc、AbC四种类型的配子B.测交后代的四种基因型一定对应四种表现型且比例

接近1∶1∶1∶1C.据实验结果可推测F1中A和C在同一染色体上，a和c在同一染色体上D.若让测交后代中基因型AabbCc个体自交，后代中纯合子占1/2【答案】B【解析】【分析】已知位于常染色体上的A、B、C三个基因分别对a

、b、c完全显性；用隐性性状个体aabbcc与显性纯合个体AABBCC杂交得F1的基因型为AaBbCc，再根据测交结果判断F1的基因组成情况。【详解】A.依题意，F1的基因型是AaBbCc，隐性亲本（aabbcc）产生的配子基因型为abc，由测交后代的四种基因型可知，F1产生的四种类型的配子基因型

分别为abc、ABC、aBc、AbC，A正确；B.基因型和表现型不一定都是一一对应的关系，故测交后代的四种基因型不一定对应四种表现型，B错误；C.根据实验结果可知，基因A和C、a和c总是同时出现，且基因型为AaBbCc的个体只产生四种类型的配子，由

此可推测F1中A和C在同一染色体上，a和c在同一染色体上，C正确；D.根据C项分析可知，基因型为AabbCc的个体能产生两种配子，即1/2AbC和1/2abc，该个体自交后代中纯合子基因型有AAbbCC和aabbc

c，所占比例为1/2×1/2+1/2×1/2=1/2，D正确。故选B。【点睛】本题考查基因的自由组合规律的实质及应用相关知识点，意在考查学生对所学知识的理解与掌握程度，培养学生分析表中数据、获取信息及预测基因型和表现型的能力。20.某种鼠中，毛的黄色基因Y对灰色基

因y为显性，短尾基因T对长尾基因t为显性，且基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因自由组合。现有两只黄色短尾鼠交配，它们所生后代的表现型比例为（）A.4：2：2：1B.9：3：3：1C.1：1：1：1D.3：3：1：1【答案】A【解析】为【分析】由题意可知，黄色短尾的基因型是YyTt，黄

色长尾的基因型是Yytt，灰色短尾的基因型为yyTt，灰色长尾的基因型为yytt。【详解】因为含基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，故黄色短尾鼠的基因型为YyTt，Yy与Yy交配的后代中Yy∶yy=2∶1，Tt与Tt交配的后代中Tt∶tt=2∶

1，两对性状自由组合有4种表现型即：黄色短尾∶黄色长尾∶灰色短尾∶灰色长尾=4∶2∶2∶1。综上所述，BCD不符合题意，A符合题意。故选A。21.豌豆子叶的黄色（Y）对绿色（y）为显性，圆粒种子（R）对皱粒种子（r

）为显性。某人用黄色圆粒和绿色圆粒的豌豆进行杂交，发现F1出现4种类型，对性状的统计结果如图所示，如果用F1中的一株黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，得到的F2的性状类型的种类和数量比例是A.黄色圆粒：黄色皱粒：绿色圆粒：绿色皱粒=2：1：2：1B.黄色圆粒：黄色皱粒：绿色

圆粒：绿色皱粒=2：2：1：1C.黄色圆粒：绿色圆粒=1：1或黄色圆粒：黄色皱粒：绿色圆粒：绿色皱粒=1：1：1：1D.黄色圆粒：黄色皱粒：绿色圆粒：绿色皱粒=3：3：1：1【答案】C【解析】【分析】由柱形图可

知，子代中圆粒：皱粒=3：1，相当于杂合子自交实验结果，亲本基因型是Rr×Rr；子代黄色：绿色=1：1，相当于测交实验的结果，亲本基因型是Yy×yy，考虑2对相对性状，亲本黄色圆粒豌豆的基因型是YyRr，绿色圆粒的豌豆的基因型是yyRr，子一代黄色圆粒豌豆的基

因型是YyRR或YyRr。【详解】分析柱形图：用黄色圆粒（Y_R_）和绿色圆粒（yyR_）的豌豆进行杂交，后代黄色：绿色=1：1，属于测交，说明亲本的基因型为Yy×yy；后代中圆粒：皱粒=3：1，说明亲本的基因型均为R

r．因此，亲本的基因型为YyRr×yyRr。由以上分析可知，亲本的基因型为YyRr×yyRr，因此F1中黄色圆粒豌豆的基因型为YyRR或YyRr．（1）若该黄色圆粒豌豆的基因型为YyRR，其与绿色皱粒（yyrr）豌豆杂交，后代的表现型及比例为黄色圆粒：绿色圆粒=1

：1；（2）若该黄色圆粒豌豆的基因型为YyRr，其与绿色皱粒（yyrr）豌豆杂交，后代的表现型及比例为黄色圆粒：黄色皱粒：绿色圆粒：绿色皱粒=1：1：1：1．【点睛】用分离定律解决自由组合问题（1）基因原理分离定律是自由组合定律的基础．（2）解题思路首先将自由组合定

律问题转化为若干个分离定律问题．在独立遗传的情况下，有几对基因就可以分解为几个分离定律问题．如AaBb×Aabb可分解为：Aa×Aa，Bb×bb．然后，按分离定律进行逐一分析．最后，将获得的结果进行综合，得到正确答案．22.

香豌豆的花色由多对等位基因控制，每对基因至少都有一个显性基因时才开红花，其余的基因型对应花色均为白花。若每对基因均杂合的红花植株自交，子代中红花：白花=27：37，那么，香豌豆的花色至少由几对等位基因控制（）A.1对B.2对C.3对D.4对【答案】

C【解析】【分析】完全显性的情况下，亲代中有1对等位基因，子代中的显性个体占3/4；亲代中有2对等位基因，子代中的显性个体占（3/4）2；亲代中有3对等位基因，子代中的显性个体占（3/4）3，以此类推。【详解】根

据题干中“每对基因均与杂合的红花植株自交，子代中红花：白花=27：37”，即红花个体占全部子代个体的21÷（27+37）=27÷64=（3/4）3，所以可判断香豌豆的花色至少由3对基因控制，ABD错误，C正确。故选C。【点睛】23.某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制

（杂合子表现显性性状）。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是（）A.植株A的测交子代会出现2n种不同表现型的个体B.n越大，植株A测交子代中不同表现型个体数目彼此之间的差异越大C.植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等D.n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个

体数多于纯合子的个体数【答案】B【解析】【分析】1、基因的自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。2、分析题意可知：n对等位基因独

立遗传，即n对等位基因遵循自由组合定律。【详解】A、每对等位基因测交后会出现2种表现型，故n对等位基因杂合的植株A的测交子代会出现2n种不同表现型的个体，A正确；B、不管n有多大，植株A测交子代比为（1：1）n=1

：1：1：1……（共2n个1），即不同表现型个体数目均相等，B错误；C、植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数为1/2n，纯合子的个体数也是1/2n，两者相等，C正确；D、n≥2时，植株A的测交子代中纯合子的个体数是1/2n，杂合子的个体

数为1-（1/2n），故杂合子的个体数多于纯合子的个体数，D正确。故选B。24.已知水稻的抗旱性（A）和多颗粒（B）属显性性状，各由一对等位基因控制且独立遗传。现有抗旱、多颗粒植株若干，对其进行测交，子代的性状分离比为抗旱多颗粒：抗旱少颗粒：敏旱多颗粒：敏旱少颗粒=2：2：1：1，若这些抗病多颗

粒的植株相互授粉，后代性状分离比为（）A.9：3：3B.24：8：3：1C.15：5：3：1D.25：15：15：9【答案】B【解析】【分析】根据题意分析可知：抗旱与多颗粒为显性，各由一对等位基因独立遗传，说明遵循基因的自由组合定律。测交是

指杂合体与隐性个体杂交，其后代表现型及比例能真实反映杂合体产生配子的种类及比例，从而推测出其基因型。【详解】由题意可知水稻的抗旱性（A）和多颗粒（B）的遗传遵循基因的自由组合定律。因此，对测交结果中每一对相对性状可进行单独分析，

抗旱：敏旱=2：1，多颗粒：少颗粒=1：1，则提供的抗旱、多颗粒植株产生的配子中A：a=2：1，B：b=1：1，让这些植株相互授粉，敏旱（aa）占（1/3）2=1/9，抗旱占8/9，少颗粒（bb）占1/4，多颗粒占3/4。根据基因的自由组合定律，后代性状分

离比为（8：1）×（3：1）=24：8：3：1。B符合题意。故选B。25.豌豆的黄子叶（A）对绿子叶（a）为显性，将一批黄子叶豌豆种子种下，自然状态下繁殖收获后发现子一代中黄子叶：绿子叶=11：1，若各种基因型的豌豆繁殖率相同，则下列说法正确的是（）A.豌豆的黄子叶和绿子叶的遗传不遵循

基因分离定律B.亲代中基因型为AA的种子数是Aa种子数的2倍C.子一代中基因型为AA、Aa、aa的个体数量之比为8：3：1D.若将收获的种子种下，则子二代中绿子叶豌豆的比例为1/12【答案】B【解析】【分析】豌豆是自花闭花授粉植物，自然条件

下只能自交，由于黄子叶为显性性状，所以黄子叶的豌豆种子基因型为AA和Aa，据此答题。【详解】A、豌豆的黄子叶和绿子叶是由一对核基因控制的，其遗传遵循基因分离定律，A错误；B、将一批黄子叶豌豆种子种下，自然状态下繁殖（自交），收获后发现子代中黄子叶∶绿子叶=11∶1，各种

基因型的豌豆繁殖率相同，由于豌豆是自花传粉且闭花授粉植物，所以假设Aa所占比例为a，则1/4a=1/12，故a=1/3，所以亲代的基因型之比为AA∶Aa=2∶1，B正确；C、子一代中Aa和aa是亲代中Aa自交而来的，子一

代中aa个体占1/12，那么Aa个体应占2/12，进而推算出AA占1-1/12-2/12-=9/12，即AA∶Aa∶aa=9∶2∶1，C错误；D、由C项分析可知，若将收获的种子种下，子二代中绿子叶豌豆的比例为1/12+2/12×1/4=1/8，D错误。故选B。二、非

选择题26.已知豌豆种子子叶的黄色与绿色是一对等位基因Y、y控制的，用豌豆进行下列遗传实验，具体情况如下：请分析回答：（1）从实验_______________可判断这对相对性状中_______________是显性性状。（2）实验二黄色子叶戊

中能稳定遗传的占________________。（3）实验一为______________实验，实验一中黄色子叶丙与实验二中黄色子叶戊杂交，所获得的子代为绿色子叶的概率是___________。【答案】①.二②.黄色③.1/

3④.测交⑤.1/6【解析】【分析】为了解释3：1的分离比，孟德尔提出了假说。假说的内容主要是：基因在体细胞内是成对的，其中一个来自父本，一个来自母本。在形成配子即生殖细胞时，成对的基因彼此分离，分别进入到不同的配子中，每个配子中只含有成对基因中的一个。雌雄配子结合，又恢复为一对

。【详解】（1）实验二中黄色子叶自交，后代出现绿色子叶，可判断这对相对性状中，黄色子叶是显性性状。（2）实验二中，亲本黄色的遗传因子组成为Yy，子代的基因型及比例为1YY：2Yy:1yy，因此黄色子叶戊（Y_）中能稳定遗传的占1/3。（3）实验一中乙的基因

型为yy，是隐性纯合子，与隐性纯合子的交配为测交，所以实验一为测交实验。实验一中黄色子叶丙Yy，丙产生的配子为1/2Y、1/2y，与实验二中黄色子叶戊（1/3YY、2/3Yy）杂交，戊产生的配子为2/3Y、1/3y，所获得的子代绿色子叶个体（yy）占1/6。【点睛】本题

主要考查分离定律的实质及应用，要求学生有一定的分析推理计算能力。27.已知某雌雄同株植物的花色（红花、紫花和白花）受三对等位基因（用Aa、Bb、Cc表示相关控制基因）控制。如果三种显性基因都存在时，则表

现为红花，如果有两种显性基因则表现为紫花，其余情况都表现为白花。下图是该植物体细胞中与花色有关的基因组成。请据图回答下列问题：（1）选取多株这样的植株自交产生的后代中，花色类型及其比例接近__________________________。（2）为了验证这三对等位基因遵循自由组合定律，老师要求

用测交方法进行，所要选取的另一个亲本的基因型及表现型分别是_____________、_____________，该实验的结果是________________________。（3）如果图中的三对染色体丟失了任何一条都不影响活性。

若该植物丢失了其中的一条染色体，则性状变为紫色，请你预测该植株丢失的染色体可能是_____________。【答案】①.红花:紫花:白花=27:27:10②.aabbcc③.白花④.红花:紫花:白花=1:3:4⑤

.1或3或5【解析】的【分析】由图可知，该植株的基因型为AaBbCc，三对等位基因分别位于三对同源染色体上，它们的遗传遵循基因的自由组合定律。三种显性基因都存在时表现为红花，则红花为A_B_C_，有两种显性基因存在时表

现为紫花，则紫花的基因型有A_B_cc、aaB_C_、A_bbC_，其余情况都表现为白花。在此基础上，依据基因的自由组合定律并结合题意作答。【详解】(1)依题意和图示信息可知：这三对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律。基因型为

AaBbCc的植株自交，在产生的后代中，红花为A_B_C_，其比例为3/4×3/4×3/4＝27/64；紫花基因型有A_B_cc、aaB_C_、A_bbC_三种，每种比例都为3/4×3/4×1/4＝9/64，三种所占比例之和为27/64；白花比例为1－27/64－27/64＝10/64。

综上分析，后代花色类型及其比例接近红花:紫花:白花＝27:27:10。(2)测交是杂合子与隐性纯合子交配。为了验证这三对等位基因遵循自由组合定律，所要选取的另一个亲本的基因型是aabbcc，表现型是白花。在测

交后代中，红花（A_B_C_）比例为1/2×1/2×1/2＝1/8，紫花（A_B_cc、aaB_C_、A_bbC_）比例为1/2×1/2×1/2×3＝3/8，白花比例为1－1/8－3/8＝4/8，所以实验结果是红花:紫花:白花＝1:3:4。(3)该植物丢失了其中的

一条染色体，则性状变为紫色，说明丢失的染色体携带有显性基因，因此该植株丢失的染色体可能是1或3或5。【点睛】本题的难点在于用分离定律解决自由组合问题的思路：先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。在独立遗传的情况下，有几对等位基因（或几

对相对性状）就可分解为几个分离定律问题，然后按照题目要求的实际情况进行重组，此法“化繁为简，高效准确”。以本题的第（1）小题为例来领会这种解题方法：基因型为AaBbCc的植株自交，可分解为如下三个分离定律的内容，即①Aa×Aa→3/4A_、1/4aa；

②Bb×Bb→3/4B_、1/4bb；③Cc×Cc→1/4C_、1/4cc。在此基础上，按照题目要求的实际情况进行重组。第（2）小题的解题方法与此类似。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com