【文档说明】湖南省雅礼教育集团2024-2025学年高一上学期11月期中物理试题 Word版含解析.docx，共(16)页，1.083 MB，由小赞的店铺上传

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雅礼教育集团2024年下学期期中考试试卷高一物理时量：75分钟分值：100分一、单项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分，每小题只有一个正确选项）。1.在物理学的发展过程中，科学家们应用了许多物理学的研究

思想、方法，以下相关内容的叙述不正确的是（）A.根据速度定义式xvt=，当t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想B.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，

这里运用了类比思想C.“重心”“合力与分力关系”都用到了“等效替代”的思想D.在物体的大小和形状不影响我们所研究的问题时，可以将物体视为质点，这里运用了理想模型法【答案】B【解析】【详解】A．根据速度定义式

xvt=，当t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想，故A正确，不满足题意要求；B．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元思想，故B错误，满足题意要求；C．“重心”“合力与分

力的关系”都用到了“等效替代”的思想，故C正确，不满足题意要求；D．在物体的大小和形状不影响我们所研究的问题时，可以将物体视为质点，这里运用了理想模型法，故D正确，不满足题意要求；故选B。2.如图所示为某高山滑雪运动员在倾斜赛道上高速下滑时的情景，以下说法正确的是（）A.赛道对运

动员的弹力竖直向上的B.运动员对赛道的摩擦力方向沿赛道斜向下C.运动员受到的摩擦力与赛道受到的摩擦力是一对平衡力D.赛道对运动员的弹力与运动员受到的重力是一对作用力和反作用力【答案】B【解析】【详解】A．赛道对运动员的弹力垂直于倾斜赛道向上，故A错误；B．运动员相

对赛道沿赛道下滑，因此赛道对运动员的滑动摩擦力方向沿赛道斜向上，由牛顿第三定律知，运动员对赛道的摩擦力方向沿赛道斜向下，故B正确；C．运动员受到的摩擦力与赛道受到的摩擦力是一对作用力和反作用力，故C错误；D．赛道对运动员的弹力与运动员受到的重力的受力物体都是运动员，

因此不可能是一对作用力和反作用力，故D错误。故选B。3.如图所示是羽毛球被击出后在空中飞行的频闪照片，O、P、Q三点分别是羽毛球在上升、到达最高点和下落阶段的位置。羽毛球在飞行过程中会受到重力、与运动方向相反的空气阻力的作用，则关于羽毛

球在O点所受合外力方向和速度方向的示意图，下列选项中正确的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】羽毛球在飞行过程中会受到重力、空气阻力作用，重力方向竖直向下，空气阻力方向与运动方向相反，根据平行四边形定则，羽毛球在O点所受合外力方向如图A所

示。故选A。4.某人骑电动车在某路口以初速度0v过斑马线，如图所示，在同一直线上C处一行人突然停止，电动车立即减速刹车，此时电动车前轮刚好经过A处，最后电动车前轮也恰在C处停止。已知每条斑马线距离相等，电动车的运动可以看

成是匀变速直线运动，则电动车前轮在B处时电动车的速度大小为（）A.04vB.034vC.02vD.022v【答案】C【解析】【详解】电动车做匀减速直线运动且末速度为零，由题图可知3=ABBCxx根据逆向思维把电动车看成初速度为零的匀加速直线运动，可知B点为减速运动的中间时刻，根据匀变速运动直

线运动中间时刻速度等于初末速度的平均值，可得0011()22Bvvvv=+=故选C。5.如图所示，臂力器装有四根弹簧，每根弹簧的自然长度均为50cm。臂力器可以通过装不同劲度系数、不同数量的弹簧来调节臂力器的强度。某人第一次只装了中间两根劲度系数均为1200N/mk=的

弹簧，然后把两根弹簧都拉到了150cm长；第二次又在两边加装了两根劲度系数均为2300N/mk=的弹簧，然后用与第一次相同大小的力拉四根弹簧。下列说法中正确的是（）A.第一次每只手受到臂力器的拉力大小为200NB.第

二次每只手受到臂力器的拉力大小为800NC.第二次每根弹簧的长度为130cmD.第二次两边两根弹簧每根的弹力为120N【答案】D【解析】【详解】AB．由胡克定律可得，第一次每根弹簧上的拉力为112001N=200NFkx==两根弹簧的拉力为400N，由牛顿第三定律可知，每只手的拉

力为400N，由于第二次用与第一次相同大小的力拉四根弹簧，则第二次每只手的拉力也为400N，AB错误；C．设第二次中间两根弹簧每根的伸长量'x，结合AB分析，由胡克定律有''112Fkxkx=+解得'40cmx=故每根弹簧的长度'090cmLLx=+=C错误；D．第二次两边两根弹簧每根的弹力为

'223000.4N=120NFkx==D正确。故选D。6.打印机在正常工作的情况下，进纸系统能做到每次只进一张纸。进纸系统的结构如图所示，图中有100张相同的纸，每张纸的质量均为m，搓纸轮按图示方向转动并带动最上面的第1张纸向右运动（搓纸轮与第一张纸不相对滑动），搓纸轮与纸张之间的动摩

擦因数为1，纸张与纸张之间、纸张与底部摩擦片之间的动摩擦因数均为2，工作时搓纸轮给第1张纸压力大小为F，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。打印机正常工作时，下列说法正确的是（）A.搓纸轮与第一张纸之间的摩擦力大小为1

FB.底部摩擦片受到的摩擦力大小为2(100)Fmg+C.第24张纸对第25张纸的摩擦力方向向右D.若12=，则进纸系统恰能正常进纸【答案】A【解析】【详解】A．第一张纸受到搓纸轮对其的静摩擦力，由于最大静摩擦力

等于滑动摩擦力，故搓纸轮与第一张纸之间的摩擦力大小为1fFF=A正确；B．由题可知，第一张纸与第二张纸之间的滑动摩擦力大小为122()fmgF=+由于第二张及第二张以下的纸都没有运动，只有运动的趋势，故第二张以下的纸之间以及第100张纸与摩擦片之间的摩擦均为静摩擦，大小为122()

ffmgF==+静故B错误；C．结合上述分析可知，第24张纸对第25张纸的摩擦力方向向左，C错误；D．搓纸轮与第1张纸之间的摩擦力为1fFF=第1张纸受到第2张纸的滑动摩擦力为122()fmgF=+，若12=，则有21()gFFm+搓纸轮与第1张纸之间会

发生相对滑动，不会进纸，打印机不会正常工作，D错误。故选A。二、多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分，每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得5分，选对但不全得3分，有选错的得0分）。7.高层建筑室外玻璃清洗风险较大，工人身上都绑有安全带，安全带上有救生缓降器。工人

从高处通过缓降器返回地面全过程vt−图像如图所示，1t时刻工人的速度达到最大值1v，下列说法正确的是（）A.10~t时间内工人的平均速度大于112vB.10~t时间内工人做加速度增大的加速运动C.1t时刻工人的加速度为零D.21~tt时间内工人做加速度减小的减速运动【答案】AC【解析】【详解】

A．若0~t1时间内工人匀加速下降，如图中虚线所示则平均速度为12vv=而实际图像围成的面积大于虚线围成的面积，即实际位移大于匀加速的位移，则实际的平均速度大于匀加速的平均速度，即大于12v，故A正确；的B．vt−图线的斜率表示加速度，由图可知，0~t1时间内斜率减小，即此时

间内，工人做加速度减小的加速运动，故B错误；C．vt−图线的斜率表示加速度，1t时刻斜率为零，所以1t时刻工人的加速度为零，故C正确；D．vt−图线的斜率表示加速度，可知t1~t2时间内工人的加速度先增大后减小，故D错误。故选AC。8.2024

年巴黎奥运会上，中国跳水队的全红婵获得10米跳台金牌，某一次跳水时全红婵身体竖直向上跳离跳台后重心位置升高了约0.45m，完成一系列动作后，身体沿竖直方向入水，不计空气阻力，重力加速度g取210m/s，则下列判断正确的是（）A.从离开跳台到入

水的过程经历的时间约为1.4sB.从离开跳台到入水的过程经历的时间约为1.7sC.全红婵入水时的速度约为14m/sD.全红婵入水时的速度约为17m/s【答案】BC【解析】【详解】设全红婵离开跳台的初速度为0v

，根据题意有2010.45m2vhg==解得03m/sv=设从离开跳台到手掌入水的过程经历的时间为1t，以竖直向下为正方向，根据运动学公式可得20m1210hvtgt==−+代入数据可得1.7st则手掌入水时的速度为03m/s101.7m/s14m/svvgt

=−+=−+=故选BC。9.在光滑水平面上，一质点由静止从A点开始做匀加速直线运动，加速度大小为1a，经时间t运动到B点，此时速度大小为Bv，紧接着做加速度方向与1a方向相反、大小为2a的匀变速直线运动，经过t时间质点恰好

回到了出发点A点，此时速度大小为Av，下列说法正确的是（）A.1214aa=B.1213aa=C.12ABvv=D.2ABvv=【答案】BD【解析】【详解】AB．质点加速阶段位移2112xat=1Bvat=在接下来的t时间内的位移2212Bxvtat−=−解得1213aa=故A错误，B正确；CD

．根据匀变速直线运动速度与时间的关系可得21111322ABvvatatatatat=−=−=−=所以1122ABvatvat==故C错误，D正确。故选BD。10.当物体受到同平面内不平行的三个力作用而平衡时，这三个力的作用线必

定交于同一点，这一结论被称为三力平衡交汇定理。如图所示，在半径为R的光滑半球形凹面内，有一质量分布均匀的细杆达到平衡，知杆在半球面内那部分的长度为3R，则（）A.杆上A、B两点受到的弹力大小之比为1:1B

.杆上A、B两点受到的弹力大小之比为3:2C.杆全长为433RD.杆全长为534R【答案】AC【解析】【详解】根据三力平衡交汇定理可得，细杆的受力分析如图所示AB．由几何关系可知30=则，由三力平衡可得，力矢量三角形如图所示由几何关系可知，AN和BN与重力G的夹角均为30，即力的矢量

三角形为等腰三角形，即ABNN=故A正确，B错误；CD．由细杆的受力分析图可知，O点为重心，即细杆的中点，由几何关系可知tan30OBBP=的其中tan30BPAB=所以33ROB=则233ROAABOB=−=所以，杆全长为4323RlOA==故C正确

，D错误。故选AC。三、实验题（本题共2小题7个空，每空2分，共14分）。11.某物理兴趣小组用图示器材探究两个互成角度的力的合成规律。在水平圆形桌面上平铺一张白纸，在桌子边缘安装三个光滑的滑轮，其中滑轮1P固定在桌子边，滑轮2P、3P可沿桌边移动。在三根轻绳下挂上一定数

量的钩码，并使结点O（不与桌面接触）静止。（1）若一根绳挂的钩码质量为5m，另一根绳挂的钩码质量为12m，则第三根绳挂的钩码质量一定不小于______。（2）若滑轮1P下所挂的钩码质量为13m、滑轮2P、3P下所挂的钩码质量分别为12m、5

m，则结点O静止时，2OP、3OP之间轻绳的夹角为______；若实验中桌面不水平，实验的结论______（填“受”或“不受”）影响。【答案】（1）7m（2）①.90°②.不受【解析】【小问1详解】若一

根绳挂的质量为5m，另一根绳挂的质量为12m，则两绳子的拉力分别为：5mg、12mg，两绳子拉力的合力F的范围是|12mg−5mg|⩽F⩽12mg+5mg7mg⩽F⩽17mg三力的合力为零，则第三根绳挂的质

量一定不小于7m；【小问2详解】[1]三力的合力为零，则三力必然为首位相连的矢量三角形，根据勾股定理，三根绳的拉力刚好构成首位相连的直角三角形，则OP2和OP3之间轻绳的夹角一定为90°；[2]桌面不水平只要保证能使结点平衡即可，所以桌面不水平也不会影响实验的结论

。12.某同学“研究匀变速直线运动规律”，安装好装置后进行实验，得到了如图所示的纸带。（1）关于接通电源和放手让小车运动的先后顺序，下列操作中正确的是______。A.先放手后接通电源B.接通电源和放手应同时进行C.先接通电源后放手D.接通电源和放手的先后顺序对实验没影响（

2）该实验所用交流电频率为50Hz，图中相邻两个计数点之间还有4个点未画出，测得16.96cmx=、2x=7.60cm、38.26cmx=、48.91cm=x、59.58cmx=、610.20cmx=。则打下B点时，小车速度大小Bv=__

____m/s；小车的加速度大小a=______2m/s；打下G点时，小车的速度大小Gv=______m/s。（结果均保留两位有效数字）【答案】（1）C（2）①.0.73②.0.65③.1.1【解析】【小问1详解】ABC．开始记

录时，应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带（随物体）开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故AB错误，C正确；D．接通电源和放手应同时进行，理论上是可以操作，但是实

际操作不容易，故D错误。的故选C。【小问2详解】[1]相邻点间还有4个点未画出，因此相邻计数点之间的时间间隔为50.1sTf==根据匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，所以210.73m/s2BxxvT+=[2]根据逐差相等公式2ΔxaT=可得26

5432120.65m/s9xxxxxxaT++−−−=[3]根据0vvat=+可得，打下G点时的速度大小为51.1m/sGBvvaT=+四、解答题（本题共3小题，第13题12分，第14题14分，第15题16分，共42分）。13.如图所示，小孩与冰车静止在冰面上，

大人用40NF=的恒定拉力，使小孩与冰车沿水平冰面一起向右滑动。已知拉力方向与水平冰面的夹角37=，小孩与冰车的总质量20kgm=，冰车与冰面间的动摩擦因数0.1=，重力加速度210m/sg=，sin370.6=°，cos370.8=°。求：（1）冰车受到冰面的支持力大小；（2）小孩与冰车

所受合外力的大小与方向。【答案】（1）176N（2）14.4N，方向水平向右【解析】【小问1详解】以小孩与冰车为对象，竖直方向根据受力平衡可得sinFNmg+=解得冰车受到冰面的支持力大小为sin2010N400.6N176NNmgF

=−=−=【小问2详解】以小孩与冰车为对象，受到的滑块摩擦力大小为17.6NfN==则小孩与冰车所受合外力的大小为cos3714.4NFFf=−=合方向水平向右。14.甲、乙两辆5G自动驾驶测试车，在不同车道上沿同一方向做匀速直线运动，甲车在乙车前，甲车的速度大小1108

km/hv=，乙车的速度大小236km/hv=，如图所示。当甲、乙两车相距025mx=时，甲车因前方突发情况紧急刹车，已知刹车过程的运动可视为匀减速直线运动，加速度大小为22m/sa=，从刹车时开始计时，两车均可看作质点。求：（

1）甲车刹车至停止的时间；（2）两车并排行驶之前，两者在运动方向上的最远距离；（3）从甲车开始减速到两车并排所用的时间。【答案】（1）15s（2）125m（3）25s【解析】【小问1详解】甲车刹车至停止的时间为11083.6s15

s2vta===甲【小问2详解】当两车速度相等时，两车的距离最大，设经过时间t1两者速度相等，由1108km/h30m/sv==，236km/h10m/sv==则112vatv−=解得110st=在1t时间内甲车位移为1211301010m200m22vvxt++===乙车

位移为2211010m100mxvt===两车并排行驶之前，两者在运动方向上的最远距离为max01225m200m100m125mxxxx=+−=+−=【小问3详解】甲车从开始刹车到停下通过的位移为113015m225m22vxt===甲该段时间内乙车的位移为221015m15

0mxvt===甲由于210xxx+可知甲车停下时，乙车还没有追上甲车，则从甲车开始减速到两车并排所用的时间为02125225s25s10xtvx++===15.某国产新能源汽车上市之前在一直线跑道上进行“单踏板模式”性能测试，测试过程分为三个阶段。Ⅰ阶段：驾驶员

踈下电门至某一位置，汽车由静止启动，其加速度a与速度v满足关系qavp=+（其中10m/sp=，2320m/sq=），当汽车加速至120m/sv=时进入Ⅱ阶段。Ⅱ阶段：驾驶员通过适当调节电门使汽车做匀加速直线运动，加速度2/s2ma

=，加速至230m/sv=时进入Ⅲ阶段。Ⅲ阶段：驾驶员松开电门，汽车的能量回收制动系统启动，汽车开始减速直至停下，该减速过程中汽车的加速度a与速度v满足关系akv=−（其中11sk−=）。（1）求Ⅱ阶段汽车运动的时间和位移大小；（2）作出Ⅰ阶段的1va−图像，并根据该图像求Ⅰ阶段经历的

时间；（3）求Ⅲ阶段汽车位移大小（温馨提示：可以用图像分析）。【答案】（1）5s，125m（2），20s（3）30m【解析】【小问1详解】汽车运动的时间为212Δ3020s5s2vvvtaa−−====位移为

1222220305m125m22vvxvtt++====的【小问2详解】根据qavp=+可知1vpaq+=代入数据，整理得111202va=+所以1va−图像如图所示根据加速度的定义式ΔΔvat=可得ΔΔvta=即1va−图线与横轴所围面积为加

速时间，则Ⅰ阶段经历的时间为10.51.520s20s2t+==（）【小问3详解】Ⅲ阶段汽车的加速度akv=−，因此其at−图像与t轴围成的面积是vt−图像与t轴围成的面积的k倍，故速度改变量的大小是位移大小的k

倍，即20vkx−=解得30mx=