【文档说明】吉林省长春市第二十中学2020-2021学年高一上学期第三次考试物理试卷 含答案.doc，共(9)页，508.500 KB，由小赞的店铺上传

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2020-2021学年度第二十中学校第三次质量测试卷高一物理第I卷（选择题，共60分)一、选择题（本题共12题，，共56分，第1~8题只有一项符合题目要求,每小题4分，第9~12题有多项符合题目要求，全部选对得6分，

选对但不全的得3分，有选错的得0分)一、单选题1．（4分）在下列研究中，加点标示的物体可视为质点的是A．研究蜻蜓翅膀．．．．的振动B．研究学生．．骑车时的坐姿C．研究航天器．．．绕地球运动的轨道D．研究运动员．．．绕单杆的旋转动作2．（4分）为了使公路交通有序、安全,路旁立了许

多交通标志。如图所示,甲图是限速标志(白底、红圈、黑字),表示允许行驶的最大速度是80/kmh;乙图是路线指示标志,表示到杭州还有100km。上述两个数据的物理意义是()A．80/kmh是平均速度,100km是位移B．80/kmh是平均速度,100km是路程C．80/kmh是瞬时速度

,100km是位移D．80/kmh是瞬时速度,100km是路程3．（4分）在国际单位制中，下列哪组单位属于力学的三个基本单位（）A．瓦特、米、牛顿B．千克、焦耳、米/秒C．千克、米、秒D．克、厘米、秒4．（4分）我们乘电梯上高层楼房时，从起动到停下来，我们分

别所处的状态是（）A．先失重，正常，后超重B．先超重，正常，后失重C．先超重，失重，后正常D．先正常，超重，失重5．（4分）下列说法正确的是()A．运动越快的汽车越不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性越大B．同一物体在地球上不同的位置受到的重力是不同，所以它的惯性也随位置的变化而变

化C．一个小球竖直上抛，抛出后能继续上升，是因为小球运动过程中受到了向上的推力D．物体的惯性大小只与本身的质量有关，质量大的物体惯性大，质量小的物体惯性小6．（4分）一本书静置于水平桌面上，下列说法正确的是A．

桌面对书的支持力和书对桌面的压力是一对平衡力B．桌面对书的支持力和书对桌面的压力是一对相互作用力C．书对桌面的压力就是书受到的重力D．书对桌面的压力是由于桌面的弹性形变而产生的7．（4分）一枚火箭由地面竖直向上发射,其速度-时间图象如图所示，由图象可知()A．0~ta段火箭的

加速度小于ta~tb段的火箭加速度B．0~ta段火箭是上升过程，在ta~tb段火箭是下落过程C．tb时刻火箭离地最远D．tc时刻火箭回到地面8．（4分）如图所示，把球夹在竖直墙AC和木板BC之间，不计摩擦，球对墙的压力为F1，对木板的压力为F2．在将板BC逐渐放至水平的过程中，下列说法中，正确的

是（）A．F1和F2都增大B．F1和F2都减小C．F1增大，F2减小D．F1减小，F2增大二、多选题9．（6分）将—个已知的力分解，下列情况中一定具有唯一解的是（）A．已知两个分力的方向，并且不在同一

直线上B．已知一个分力的大小和方向C．已知一个分力的大小和另一个分力的方向D．已知二个分力的大小10．（6分）一物体做自由落体运动，取g=10m/s2。该物体A．第2s末的速度为20m/sB．第2s末的速度为40m/sC．第2s内下落的距离为15mD．第2s内下落的距离为25m1

1．（6分）两个共点力的大小分别为15N和8N，它们的合力可能等于（）A．6NB．9NC．21ND．25N12．（6分）关于牛顿第二定律,下列说法中正确的是()A．物体只有受到力作用时,才会产生加速度和速度

B．任何情况下,加速度的方向总与合外力方向相同,也总与速度的方向相同C．当物体受到几个力作用时,可把物体的加速度看成是各个力单独作用时产生的各个加速度的矢量和D．加速度和力是瞬时对应关系,即加速度与力是同时产生、同时变化、同时消失第II卷（非选择题，共40分)二、

实验题13．（18分）某实验小组采用如图所示的装置“探究加速度、质量和合力的关系”。提供的实验器材：电火花打点计时器、纸带、砂桶、细砂、细线、小车及砝码、一端带滑轮的长木板及垫块。某同学打出了一条纸带。已知计时器打点的时间间隔为0.02s，他按打点先

后顺序每5个点取1个计数点，得到了A、B、C、D、E等几个计数点。（1）为完成此实验，下列不需要的器材是______（填下列仪器前的字母代号）。A．天平B．秒表C．毫米刻度尺（2）实验时，为了使小车所

受的合力大小等于砂和砂桶的总重力，为此，一方面要消除摩擦力的影响；另一方面还应使砂和砂桶的质量______小车和砝码的总质量（填“远小于”或“远大于”）。（3）已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，打

C点时的瞬时速度vc=______m/s，则此次实验中小车运动的加速度的测量值a=______m/s2．（结果保留两位有效数字）（4）本实验采用的实验方法是：_____A．控制变量法B．转换法C．理想实验法D．等效替代法（5）该同学在小车质量保持不变的前提下，测

得小车的加速度a与拉力F的多组对应数据：作出a﹣F图如图所示，图线不过原点的原因是：_____(A：平衡摩擦力过大。B：平衡摩擦力不足）四、解答题14、（6）如图所示，质量为ml的物体和质量为m2的物体，放在光滑水平面上，用仅线相连。ml=2kg，m2=3kg。现用水平向右拉力F拉物体m2，用大小

为15N的力水平向右拉物体m2，使物体运动起来且不致把绳拉断，求绳上的力m1m215．（10分）如图所示，质量m=2.0kg的物体放在光滑水平面上。t=0时刻，物体在水平拉力F作用下由静止开始运动。已知F=6.0

N。求：（1）物体的加速度大小a；（2）在t=2.0s内，物体的位移大小x。16．（10分）重量G=100N的物体置于水平面上，给物体施加一个与水平方向成θ=30°的拉力F，F=20N，物体仍处于静止状态，求：（1）地面对物体的静摩擦力；

（2）物体对地面的压力。参考答案1．C【解析】【详解】A.研究蜻蜓翅膀的振动，蜻蜓的大小和形状是不能忽略，故不可以看作质点。故A错误。B.研究学生骑车时的坐姿时，学生肢体的大小和形状不可以忽略的，故不可以看作质

点；故B错误；C.研究航天器绕地球运动的运行轨道时，航天器的大小和形状可以忽略，可看做质点，故C正确；D.研究体操运动员绕单杆的旋转动作时，要看运动员的动作，不能看作质点，故D错误。2．D【解析】试题分析：80km／h是允许行驶的最大速度，是瞬时速度，100km是两地

在道路的路径长度，为路程考点：运动的基本概念点评：理解位移与路程的概念和区别，能够区分瞬时速度与平均速度3．C【解析】【详解】国际单位制中基本单位有：米、千克、秒、摩尔、开尔文、安培、坎德拉。牛顿是导出单位。故C正确，ABD错误。故选C。4．B【解析】【详

解】乘电梯上高层楼房时，从起动到停下来，具体的运动过程是：开始时先向上加速，加速度向上，超重；稳定后匀速直线，加速度为零，正常；停止时，向上减速，加速度向下，失重．所以整个过程是：先超重，正常，后失重．故选B5．D

【解析】惯性的大小是由物体的质量决定的，与物体的运动状态，所处空间位置无关，AB错误D正确；一个小球竖直上抛，抛出后能继续上升，是因为小球具有惯性，C错误；6．B【解析】【详解】AB.桌面对书的支持力和书对桌面的压力是桌面与书之间的相互作用力，分别作用

做两个物体上，不是平衡力，故A错误，B正确；C.书对桌面的压力作用在桌面上，书受到的重力作用在书上，且不是同一性质的力，故C错误；D.书对桌面的压力是由于书发生了弹性形变，而对桌面产生了压力，故D错误。7．A【解析】【详解】A．0～

ta段图线的斜率小于ta～tb段图线的斜率，则0～ta段火箭的加速度小于ta～tb段的火箭的加速度。故A正确。BCD．0～tc段速度都为正值，速度方向并未改变，说明火箭一直处于上升过程，在tc时刻火箭到达最高点。故B

CD错误。8．B【解析】【详解】以小球为研究对象，分析受力：重力mg、墙对小球的支持力FN1′和板对球的支持力FN2′．设板与墙间的夹角为α．根据平衡条件得知：FN1′板对球的支持力FN2′的合力与mg大小相等、方向相反，则由图可得FN1′=mgcotα，2sinNmgF

=；在将板BC逐渐放至水平的过程中，α增大，cotα减小，sinα增大，则知FN1′减小，FN2′减小，根据牛顿第三定律得知FN1减小，FN2减小．A，C，D错误．故选B【点睛】本题以小球为研究对象，分析受力，作出力图，由平衡条件得到墙和板对小球的支持力与板跟墙间夹角的关系式，由数学知

识分析两个支持力的变化，即可由牛顿第三定律分析球对墙的压力FN1和球对板的压力为FN2的变化．9．AB【解析】【详解】根据平行四边形定则可知，如果力的分力是唯一的，则以合力F为邻边的平行四边形定则只有一个，或只能画出一个三角形，根据以上分析可知，已知两个分力的方向，并

且不在同一直线上,只能画出一个平行四边形，所以有唯一解，故A正确；已知一个力的大小和方向，只能画出一个平行四边形，所以有唯一解，故B正确；已知一个分力的大小和另一个分力的方向和已知两个分力的大小，将会有多种情况，故CD错误。所以AB正确，CD错误。10．AC【解析】【详解】AB.根据20m/

svgt==，A正确B错误。CD.第2s内下落的距离为：22221111(1)10210115m2222hgtgt=−−=−=，C正确D错误。11．BC【解析】【分析】二力合成遵循平行四边形定则，同向时合力最大，反向时合力最小，合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|。【详

解】二力合成时合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|；设两共点力，F1=15N，F2=8N，故合力最大23N，最小7N，之间任意结果都可以；故BC正确，AD错误。故选BC。【点睛】本题关键是明确二力合成时遵循平行四边形定则，夹角越大，合力越小

，同向时合力最大，反向时合力最小。12．CD【解析】【详解】AD.根据牛顿第二定律知，加速度和力是瞬时的对应关系，加速度和力同时产生，同时消失，同时变化。而速度与力没有关系，故A错误，D正确；B.加速度的方向与合力的方

向相同，与速度方向可能相同，可能相反，可能不在同一条直线上，故B错误；C.当物体受到几个力作用时，可把物体的加速度看成是各个力单独作用时产生的各个加速度的合成，故C正确；故选：CD.13．B远小于0.541.0AB【

解析】【详解】（1）实验过程需要测出砂与砂桶、以及小车的质量，要用到天平。还需要用刻度尺测出纸带上计数点间的距离，有了打点计时器后不需要秒表。故AC错误，B正确。（2）小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该改变木

板的倾角，用重力的下滑分量来平衡摩擦力；重物加速下滑，处于失重状态，其对细线的拉力小于重力，设拉力为T，根据牛顿第二定律，有对重物，有mg-T=ma，对小车，有T=Ma，解得：，当Mm时，有T≈mg，所以，实验时应使砂和砂桶

的质量远小于小车和砝码的总质量。（3）打C点时的瞬时速度，根据xCE-xAC=a（2T）2，解得a=1.0m/s2（4）该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法；故A正确，BCD错误。（5）由图可知，当F达到一定值时物体才开始产生加速

度，则说明存在摩擦力，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足。14、6N15．（1）3.0m/s2（2）6.0m【解析】（1）根据牛顿第二定律，物体加速度的大小：226/3.0?/2Famsmsm===（2）物体在

2s内通过的距离：x=12at2=12×3×22m=6.0m点睛：本题考查牛顿第二定律的应用，注意正确受力分析和运动过程分析，注意体会加速度在力和运动中的桥梁作用．16．（1）103N（2）90N【解析

】【详解】（1）物体的受力分析如图所示：在水平方向上由二力平衡可得：cos30103fFFN==方向水平向左（2）在竖直方向上：G=F2+FN=FN+Fsinθ代入数据解得：FN=90N由牛顿第三定律得物体对地面的压力为90N，方向竖

直向下.